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《2018届高三理科数学二轮复习跟踪强化训练26 含解析.doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、跟踪强化训练(二十六)1.(2017·合肥质检)已知点F为椭圆E:+=1(a>b>0)的左焦点,且两焦点与短轴的一个顶点构成一个等边三角形,直线+=1与椭圆E有且仅有一个交点M.(1)求椭圆E的方程;(2)设直线+=1与y轴交于P,过点P的直线l与椭圆E交于不同的两点A,B,若λ
2、PM
3、2=
4、PA
5、·
6、PB
7、,求实数λ的取值范围.[解] (1)由题意,得a=2c,b=c,则椭圆E为+=1,由,得x2-2x+4-3c2=0.∵直线+=1与椭圆E有且仅有一个交点M,∴Δ=4-4(4-3c2)=0⇒c2=1,∴椭圆E
8、的方程为+=1.(2)由(1)得M,∵直线+=1与y轴交于P(0,2),∴
9、PM
10、2=,当直线l与x轴垂直时,
11、PA
12、·
13、PB
14、=(2+)×(2-)=1,∴λ
15、PM
16、2=
17、PA
18、·
19、PB
20、⇒λ=,当直线l与x轴不垂直时,设直线l的方程为y=kx+2,A(x1,y1),B(x2,y2),由⇒(3+4k2)x2++16kx+4=0,依题意得,x1x2=,且Δ=48(4k2-1)>0,∴
21、PA
22、·
23、PB
24、=(1+k2)x1x2=(1+k2)·=1+=λ,∴λ=,∵k2>,∴<λ<1.综上所述,λ的取值范围是.2.(2
25、017·长春二模)已知动圆过定点A(4,0),且在y轴上截得弦MN的长为8.(1)求动圆圆心的轨迹C的方程;(2)已知点B(-1,0),设不垂直于x轴的直线l与轨迹C交于不同的两点P,Q,若x轴是∠PBQ的平分线,证明直线l过定点.[解] (1)如图,设动圆圆心为O1(x,y),由题意,知
26、O1A
27、=
28、O1M
29、,当O1不在y轴上时,过O1作O1H⊥MN交MN于H,则H是MN的中点,∴
30、O1M
31、=,又
32、O1A
33、=,∴=,化简得y2=8x(x≠0).又当O1在y轴上时,O1与O重合,点O1的坐标(0,0)也满足方程
34、y2=8x,∴动圆圆心的轨迹C的方程为y2=8x.(2)由题意,设直线l的方程为y=kx+b(k≠0),P(x1,y1),Q(x2,y2),将y=kx+b代入y2=8x,得k2x2+(2bx-8)x+b2=0.其中Δ=-32kb+64>0.由根与系数的关系得,x1+x2=,①x1x2=.②因为x轴是∠PBQ的平分线,所以=-,即y1(x2+1)+y2(x1+1)=0,∴(kx1+b)(x2+1)+(kx2+b)(x1+1)=0,整理得2kx1x2+(b+k)(x1+x2)+2b=0,③将①②代入③并化简得8(b
35、+k)=0,∴k=-b,此时Δ>0,∴直线l的方程为y=k(x-1),即直线l过定点(1,0).3.(2018·湖北部分重点中学高三起点考试)已知椭圆C:+=1(a>b>0)的离心率为,左焦点为F(-1,0),过点D(0,2)且斜率为k的直线l交椭圆于A,B两点.(1)求椭圆C的标准方程;(2)在y轴上,是否存在定点E,使·恒为定值?若存在,求出E点的坐标和这个定值;若不存在,说明理由.[解] (1)由已知可得解得a2=2,b2=1,所以椭圆C的标准方程为+y2=1.(2)设过点D(0,2)且斜率为k的直线l的
36、方程为y=kx+2,由消去y整理得(1+2k2)x2+8kx+6=0,设A(x1,y1),B(x2,y2),则x1+x2=-,x1x2=.又y1y2=(kx1+2)(kx2+2)=k2x1x2+2k(x1+x2)+4=-,y1+y2=(kx1+2)+(kx2+2)=k(x1+x2)+4=.设存在点E(0,m),则=(-x1,m-y1),=(-x2,m-y2),所以·=x1x2+m2-m(y1+y2)+y1y2=+m2-m·-=.要使得·=t(t为常数),只需=t,从而(2m2-2-2t)k2+m2-4m+10-
37、t=0,即解得m=,从而t=,故存在定点E,使·恒为定值.4.(2017·广东惠州第三次调研)已知椭圆C:+=1(a>b>0)的左、右焦点分别为F1(-1,0),F2(1,0),点A在椭圆C上.(1)求椭圆C的标准方程;(2)是否存在斜率为2的直线,使得当直线与椭圆C有两个不同交点M,N时,能在直线y=上找到一点P,在椭圆C上找到一点Q,满足=?若存在,求出直线的方程;若不存在,说明理由.[解] (1)设椭圆C的焦距为2c,则c=1,因为A在椭圆C上,所以2a=
38、AF1
39、+
40、AF2
41、=2,因此a=,b2=a2-
42、c2=1,故椭圆C的方程为+y2=1.(2)椭圆C上不存在这样的点Q,证明如下:设直线的方程为y=2x+t,设M(x1,y1),N(x2,y2),P,Q(x4,y4),MN的中点为D(x0,y0),由消去x,得9y2-2ty+t2-8=0,所以y1+y2=,且Δ=4t2-36(t2-8)>0,故y0==,且-3