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1、浙江省11市2015年中考数学试题分类解析汇编(20专题)专题19:综合型问题1.(2015年浙江杭州3分)如图,已知点A,B,C,D,E,F是边长为1的正六边形的顶点,连接任意两点均可得到一条线段,在连接两点所得的所有线段中任取一条线段,取到长度为的线段的概率为【】A.B.C.D.【答案】B.【考点】概率;正六边形的性质.【分析】根据概率的求法,找准两点:①全部等可能情况的总数;②符合条件的情况数目;二者的比值就是其发生的概率.因此,如答图,∵正六边形的顶点,连接任意两点可得15条线段,其中6条的连长度为:
2、AC、AE、BD、BF、CE、DF,∴所求概率为.故选B.2.(2015年浙江嘉兴4分)如图,抛物线交轴于点A(,0)和B(,0),交轴于点C,抛物线的顶点为D.下列四个命题:①当时,;②若,则;③抛物线上有两点P(,)和Q(,),若,且,则;④点C关于抛物线对称轴的对称点为E,点G,F分别在轴和轴上,当时,四边形EDFG周长的最小值为.其中真命题的序号是【】A.①B.②C.③D.④【答案】C.【考点】真假命题的判断;二次函数的图象和性质;曲线上点的坐标与方程的关系;轴对称的应用(最短线路问题);勾股定理.【
3、分析】根据二次函数的图象和性质对各结论进行分析作出判断:①从图象可知当时,,故命题“当时,”不是真命题;②∵抛物线的对称轴为,点A和B关于轴对称,∴若,则,故命题“若,则”不是真命题;③∵故抛物线上两点P(,)和Q(,)有,且,∴,又∵抛物线的对称轴为,∴,故命题“抛物线上有两点P(,)和Q(,),若,且,则”是真命题;④如答图,作点E关于轴的对称点M,作点D关于轴的对称点N,连接MN,ME和ND的延长线交于点P,则MN与轴和轴的交点G,F即为使四边形EDFG周长最小的点.∵,∴的顶点D的坐标为(1,4),点
4、C的坐标为(0,3).∵点C关于抛物线对称轴的对称点为E,∴点E的坐标为(2,3).∴点M的坐标为,点N的坐标为,点P的坐标为(2,4).∴.∴当时,四边形EDFG周长的最小值为.故命题“点C关于抛物线对称轴的对称点为E,点G,F分别在轴和轴上,当时,四边形EDFG周长的最小值为”不是真命题.综上所述,真命题的序号是③.故选C.3.(2015年浙江宁波4分)二次函数的图象在2<<3这一段位于轴的下方,在6<<7这一段位于轴的上方,则的值为【】A.1B.-1C.2D.-2【答案】A.【考点】二次函数的性质;解一
5、元一次不等式组;特殊元素法的应用.【分析】∵二次函数的图象在2<<3这一段位于轴的下方,在6<<7这一段位于轴的上方,∴当时,二次函数的图象位于轴的下方;当时,二次函数的图象位于轴的上方.∴.∴的值为1.故选A.4.(2015年浙江衢州3分)如图,已知等腰,以为直径的圆交于点,过点的的切线交于点,若,则的半径是【】A.B.C.D.【答案】D.【考点】等腰三角形的性质;切线的性质;平行的判定和性质;矩形的判定和性质;勾股定理;方程思想的应用.【分析】如答图,连接,过点作于点,∵,∴.∵,∴.∴.∴.∵是的切线,
6、∴.∴.∴,且四边形是矩形.∵,∴由勾股定理,得.设的半径是,则.∴由勾股定理,得,即,解得.∴的半径是.故选D.5.(2015年浙江温州4分)如图,点A的坐标是(2,0),△ABO是等边三角形,点B在第一象限.若反比例函数的图象经过点B,则的值是【】A.1B.2C.D.【答案】C.【考点】反比例函数综合题;曲线上点的坐标与方程的关系;等边三角形的性质;勾股定理.【分析】如答图,过点B作BD⊥于点D,∵点A的坐标是(2,0),△ABO是等边三角形,∴OB=OA=2,OD=1.∴由勾股定理得,BD=.∵点B在第
7、一象限,∴点B的坐标是.∵反比例函数的图象经过点B,∴.故选C.6.(2015年浙江温州4分)如图,C是以AB为直径的半圆O上一点,连结AC,BC,分别以AC,BC为边向外作正方形ACDE,BCFG,DE,FG,的中点分别是M,N,P,Q.若MP+NQ=14,AC+BC=18,则AB的长是【】A.B.C.13D.16【答案】C.【考点】正方形的性质;垂径定理;梯形的中位线定理;方程思想、转换思想和整体思想的应用.【分析】如答图,连接OP、OQ,∵DE,FG,的中点分别是M,N,P,Q,∴点O、P、M三点共线,
8、点O、Q、N三点共线.∵ACDE,BCFG是正方形,∴AE=CD=AC,BG=CF=BC.设AB=,则.∵点O、M分别是AB、ED的中点,∴OM是梯形ABDE的中位线.∴,即.同理,得.两式相加,得.∵MP+NQ=14,AC+BC=18,∴.故选C.7.(2015年浙江舟山3分)如图,抛物线交轴于点A(,0)和B(,0),交轴于点C,抛物线的顶点为D.下列四个命题:①当时,;②若,则;③抛物线上有两
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