3、=-(<7+Z)),Vc2-2ac-^-a2[a^一+/c2-2ac+a2=-Q+(a+b)+(d-c)=d+b-c,选D2反比例函数y=-~的图象与直线y=—kx+b交于力(一1,加),8(仏1)两点,则△CMB
4、的血积为A—BAC.—D.—222【解析】(补形)•••号=W(-1,加)代入:-加=7>・••加=4;5(w,l)代入:〃=一4•故有力(-1,4)/(一4,1)•作4E丄夕轴于E/D丄兀轴于D可知:N40E竺“BOD.吐S^oE=S^od=-xlx4=2.延长EAQB交于C,则四边形CDOE是边长为4的正方形,且S]CDOE=42=16,/XABC是腰长为3的等腰肓用三角形,且^c=
5、x32=
6、于是△0/B的而积为S^Bc=16-2x2--=—3•设西山2是一元二次方程x2+x-3=0的两根
7、,则彳一4卅+15等于A.—4B.8C.6D.O【解析】(降次)由韦达定理:X]+x2=-!=>%!=-1-x2.vx[+州=3,+x2=3兀:—4^2+15=兀](3-xj—4(—1—兀J+15=3兀]—石—4(1+2xt+石)+15=_5(彳+壬_3)_4=_4,故选44.已知Q,b,c分别是△ABC的三边长,U.满足2a42b4+c4-2a2c2^2b2c2,则AMC是A.等腰三角形B.等腰总角三角形C.直角三角形D.等腰三角形或直角三角形注:原题条件不完整(是代数式而不是条件等式),故无
8、法解出•为试卷完整起见,将原题条件调整为:已知a,b,c分别是AABC的三边长,且满足2t74+2b4+c4-2a2c2-2b2c2=0,00AABC是•“・【解析】由条件得:4a4+4b4+2c4-4a2c2-4b2c2=0,即(2/—c?)+(2戻一(:卫)=0,.*.c2=2a2=2b2,或a=b且a2+b2=c2・故是等腰直角三角形,选B.5.在一节3数学实践活动课上,老师拿出三个边长都为40〃伽的正方形硬纸板,他向同学们提出了这样一个问题:若将三个正方形纸板不重叠地放在桌而上,用一个圆
9、形硬纸板将其盖住,这样的圆形硬纸板的5题解图最小直径为(单位:mm}/I.80V25.4oVwC.25VnDI00【解析】当3个正方形按如图排列时,其外接圆直径最小.显然,这个闘是等腰梯形肋CQ的外接
10、员IO,这里AB//CDH.CD=40JB=80.设此等腰梯形的对称轴交AB于M,交CD于N,则MN=S0.9:AB>CD,:.0M<0N.设OM=40~x,ON=40+x,圆半径为r./AOM+,r2=402+(40-x)2(1)(2)△DON中,厂$=202+(40+x)2(1)—(2):1
11、200—160%=0,x=—J入(2)22“八902510625625x1725/—r=400+==•.尸=——、/17.故所求最小圆的肓径为2尸=25",故选C.4426题图6.如图AABC内接于圆0,3036,Z力二60。,点D为§C±一动点,BE丄直线OD于E,当点D由B点沿切C运动到点C时,点E经过的路线长为412屁B•価兀C.27V3D54【解析】(轨迹法)如解图,连结05分别在0C上取BQ,Z)2,2,C,其屮OD2丄BC侧相应的动点依次为B,E,E2,E3,N・・・・ZBEO=
12、ZBE2O=ZBEQ=ZENO=90°.故点E的轨迹是OB为直径的优弧^e2n.已知BC=36,・・・BE?=ISABOE2是含30。角的直角三角形,•.05=1273.设M为0〃的中点(优弧圆心),连MN.则圆M的半径MB=6^3.注意到ZBOC=[20°,:.ZBON=60o,ZBMN=20°,优弧切乞“之长为圆M周长的—,1、bev=?x2龙.6^3=8a/3^.,故选B.323二•填空题(7x7=49分)7.方程丘+16=4x(x+1)的所有根的和为【解析1】疋-4/_牡+16=0.根
13、据广义韦达定理,此方程3根之和为4.(b、即西+£+D=——,这里a=l,b=-4I°一Q丿【解析2】由原方程得:(兀一4)(兀+2)(兀一2)=0,・••兀严4,兀2=—2,兀3=2•西+兀2+兀3=4•&在5瓶饮料屮,有2瓶己过了保质期,随机地从这5瓶饮料屮取2瓶,取到至少有1瓶过保质期饮料的概率为【解析】(正繁则反)山于从这5瓶饮料中任取2瓶,没有过期饮料的概率为332三,故取2瓶,取到至少有1瓶过保质期饮料的概率为1--=-5559.关于x的方程空=a-1无解,则a的值是X-]【解析】由