高中数学 第三章 导数及其应用 3.3 导数的应用 3.3.2 利用导数研究函数的极值课后训练 新人教b版选修1-1

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1、3.3.2利用导数研究函数的极值课后训练1．在下面函数y＝f(x)图象中既是函数的极大值点又是最大值点的是(　　)A．x1B．x2C．x3D．x42．在上题的函数图象中，是f′(x)＝0的根但不是函数f(x)的极值点的是(　　)A．x0B．x2C．x3D．x43．函数y＝x2＋2x的极小值为(　　)A．－2B．－1C．0D．14．函数f(x)＝xlnx在[1，e]上的最小值和最大值分别为(　　)A．0，elneB．，0C．，eD．0，e5．若函数f(x)＝x3－3x－a在区间[0,3]上的最大值、最小值分别为M，N，则M－N的值为(　　)A．2B．4C．1

2、8D．206．关于函数f(x)＝x3－3x2，给出下列四个命题：(1)f(x)是增函数，无极值；(2)f(x)是减函数，无极值；(3)f(x)单调递增区间是(－∞，0)和(2，＋∞)，单调递减区间是(0,2)；(4)f(x)在x＝0处取得极大值0，在x＝2处取得极小值－4.其中正确命题是________．7．已知函数f(x)＝2x3＋3(a＋2)x2＋3ax的两个极值点为x1，x2，且x1x2＝2，则a＝__________.8．已知函数f(x)＝x3＋3ax2＋3(a＋2)x＋1既有极大值又有极小值，则实数a的取值范围是__________．9．求曲线f

3、(x)＝x2＋4lnx上切线斜率的极小值点．10．设函数f(x)＝sinx－cosx＋x＋1,0＜x＜2π，求函数f(x)的单调区间与极值．参考答案1.答案：C2.答案：A3.答案：B4.答案：D　f′(x)＝lnx＋1.当1≤x≤e时，f′(x)＝lnx＋1＞0，故f(x)＝xlnx在[1，e]上是增函数．所以当x＝1时，f(x)取得最小值0；当x＝e时，f(x)取得最大值e.5.答案：D　令f′(x)＝3x2－3＝3(x2－1)＝0，得x＝±1，又x∈[0,3]，∴x＝1.则x∈(0,1)时，f′(x)＜0；x∈(1,3)时，f′(x)＞0.又f(0)

4、＝－a，f(1)＝－2－a，f(3)＝18－a，∴M＝18－a，N＝－2－a，M－N＝20.6.答案：(3)(4)7.答案：4　f′(x)＝6x2＋6(a＋2)x＋3a.∵x1，x2是f(x)的两个极值点，∴f′(x1)＝f′(x2)＝0，即x1，x2是6x2＋6(a＋2)x＋3a＝0的两个根，从而x1x2＝＝2，∴a＝4.8.答案：a＜－1或a＞2　f′(x)＝3x2＋6ax＋3(a＋2)．令f′(x)＝0，即x2＋2ax＋a＋2＝0.∵f(x)既有极大值又有极小值，∴f′(x)＝0有两个不相同的实数根．∴Δ＝4a2－4(a＋2)＞0.解得a＞2或a＜－

5、1.9.答案：分析：先求曲线f(x)上的切线的斜率，即函数f(x)的导数f′(x)，再求f′(x)的极小值．解：函数f(x)的定义域为(0，＋∞)，f′(x)＝x＋.令h(x)＝x＋，则h′(x)＝1－.当0＜x＜2时，h′(x)＜0，所以h(x)在(0,2)上是减函数．当x＞2时，h′(x)＞0，所以h(x)在(2，＋∞)上是增函数；所以h(x)在x＝2处取得极小值，且h(2)＝4，故曲线f(x)＝x2＋4lnx上切线斜率的极小值点为2.10.答案：分析：按照求函数极值的步骤求解即可．解：由f(x)＝sinx－cosx＋x＋1,0＜x＜2π，知f′(x)

6、＝cosx＋sinx＋1，于是.令f′(x)＝0，从而，得x＝π或.当x变化时，f′(x)，f(x)的变化情况如下表：x(0，π)πf′(x)＋0－0＋f(x)π＋2因此，由上表知f(x)的单调递增区间是(0，π)和，单调递减区间是，极小值为，极大值为f(π)＝π＋2.