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《2019年试题同步优化探究理数 北师大版 第十一章 第三节 数学归纳法.doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、课时作业A组——基础对点练1.设实数c>0、整数p>1、n∈N*.(1)证明:当x>-1且x≠0时、(1+x)p>1+px;(2)数列{an}满足an+1=an+a.证明:.证明:(1)用数学归纳法证明:①当p=2时、(1+x)2=1+2x+x2>1+2x、原不等式成立.②假设p=k(k≥2、k∈N*)时、不等式(1+x)k>1+kx成立.当p=k+1时、(1+x)k+1=(1+x)(1+x)k>(1+x)(1+kx)=1+(k+1)x+kx2>1+(k+1)x.所以p=k+1时、原不等式也成立.综合①②可得、当x>-1、x≠0时、对一切整数
2、p>1、不等式(1+x)p>1+px均成立.(2)先用数学归纳法证明①当n=1时、由题设知成立.②假设n=k(k≥1、k∈N*)时、不等式成立.由an+1=an+a易知an>0、n∈N*.当n=k+1时、=+a=1+.由ak>c>0得-1<-<<0.由(1)中的结论得p=p>1+p·=.所以n=k+1时、不等式也成立.综合①②可得、对一切正整数n、不等式an>c均成立.再由=1+可得<1、即an+13、0、即证xn<对任意n≥1成立.下面用数学归纳法证明:当04、x2+x+c在区间(-∞、]内单调递增、所以xk+1=f(xk)xn、即{xn}是递增数列.3.已知函数f0(x)=(x>0)、设fn(x)为fn-1(x)的导数、n∈N*.(1)求2f1+f2的值;(2)证明:对任意的n∈N*、等式都成立.解析:(1)由已知、得f1(x)=f′0(x)=′=-、于是f2(x)=f′1(x)=′-′=--+、所以f1=-、f2=-+、故2f1+f2=-1.(2)证明:由已知、得xf0(x)5、=sinx、等式两边分别对x求导、得f0(x)+xf′0(x)=cosx、即f0(x)+xf1(x)=cosx=sin、类似可得2f1(x)+xf2(x)=-sinx=sin(x+π)、3f2(x)+xf3(x)=-cosx=sin、4f3(x)+xf4(x)=sinx=sin(x+2π).下面用数学归纳法证明等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.①当n=1时、由上可知等式成立.②假设当n=k时等式成立、即kfk-1(x)+xfk(x)=sin.因为[kfk-1(x)+xfk(x)]′=kf′k-1(x)+fk(x6、)+xf′k(x)=(k+1)fk(x)+xfk+1(x)、′=cos·′=sin、所以(k+1)fk(x)+xfk+1(x)=sin.因此当n=k+1时、等式也成立.综合①②可知等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.令x=、可得nfn-1+fn=sin(n∈N*)所以=(n∈N*).B组——能力提升练1.(2018·盐城模拟)设集合M={1,2,3、…、n}(n≥3)、记M的含有三个元素的子集的个数为Sn、同时将每一个子集中的三个元素由小到大排列、取出中间的数、所有这些中间的数的和记为Tn.(1)求、、、的值;(7、2)猜想的表达式、并证明之.解析:(1)当n=3时、M={1,2,3}、S3=1、T3=2、=2、当n=4时、M={1,2,3,4}、S4=4、T4=2+2+3+3=10、=、同理可得=3、=.(2)猜想=、n≥3.①当n=3时、由(1)知猜想成立;②假设当n=k(k≥3)时、猜想成立、即=、而Sk=C、所以Tk=C、当n=k+1时、易知Sk+1=C、而当集合M从{1,2,3、…、k}变为{1,2,3、…、k、k+1}时、Tk+1在Tk的基础上增加了1个2,2个3,3个4、…、(k-1)个k、所以Tk+1=Tk+2×1+3×2+4×3+…+k8、(k-1)=C+2(C+C+C+…+C)=C+2(C+C+C+…+C)=C+2C=C=Sk+1、即=、所以当n=k+1时、猜想也成立.综上所述、猜想成立.2.(20
3、0、即证xn<对任意n≥1成立.下面用数学归纳法证明:当04、x2+x+c在区间(-∞、]内单调递增、所以xk+1=f(xk)xn、即{xn}是递增数列.3.已知函数f0(x)=(x>0)、设fn(x)为fn-1(x)的导数、n∈N*.(1)求2f1+f2的值;(2)证明:对任意的n∈N*、等式都成立.解析:(1)由已知、得f1(x)=f′0(x)=′=-、于是f2(x)=f′1(x)=′-′=--+、所以f1=-、f2=-+、故2f1+f2=-1.(2)证明:由已知、得xf0(x)5、=sinx、等式两边分别对x求导、得f0(x)+xf′0(x)=cosx、即f0(x)+xf1(x)=cosx=sin、类似可得2f1(x)+xf2(x)=-sinx=sin(x+π)、3f2(x)+xf3(x)=-cosx=sin、4f3(x)+xf4(x)=sinx=sin(x+2π).下面用数学归纳法证明等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.①当n=1时、由上可知等式成立.②假设当n=k时等式成立、即kfk-1(x)+xfk(x)=sin.因为[kfk-1(x)+xfk(x)]′=kf′k-1(x)+fk(x6、)+xf′k(x)=(k+1)fk(x)+xfk+1(x)、′=cos·′=sin、所以(k+1)fk(x)+xfk+1(x)=sin.因此当n=k+1时、等式也成立.综合①②可知等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.令x=、可得nfn-1+fn=sin(n∈N*)所以=(n∈N*).B组——能力提升练1.(2018·盐城模拟)设集合M={1,2,3、…、n}(n≥3)、记M的含有三个元素的子集的个数为Sn、同时将每一个子集中的三个元素由小到大排列、取出中间的数、所有这些中间的数的和记为Tn.(1)求、、、的值;(7、2)猜想的表达式、并证明之.解析:(1)当n=3时、M={1,2,3}、S3=1、T3=2、=2、当n=4时、M={1,2,3,4}、S4=4、T4=2+2+3+3=10、=、同理可得=3、=.(2)猜想=、n≥3.①当n=3时、由(1)知猜想成立;②假设当n=k(k≥3)时、猜想成立、即=、而Sk=C、所以Tk=C、当n=k+1时、易知Sk+1=C、而当集合M从{1,2,3、…、k}变为{1,2,3、…、k、k+1}时、Tk+1在Tk的基础上增加了1个2,2个3,3个4、…、(k-1)个k、所以Tk+1=Tk+2×1+3×2+4×3+…+k8、(k-1)=C+2(C+C+C+…+C)=C+2(C+C+C+…+C)=C+2C=C=Sk+1、即=、所以当n=k+1时、猜想也成立.综上所述、猜想成立.2.(20
4、x2+x+c在区间(-∞、]内单调递增、所以xk+1=f(xk)xn、即{xn}是递增数列.3.已知函数f0(x)=(x>0)、设fn(x)为fn-1(x)的导数、n∈N*.(1)求2f1+f2的值;(2)证明:对任意的n∈N*、等式都成立.解析:(1)由已知、得f1(x)=f′0(x)=′=-、于是f2(x)=f′1(x)=′-′=--+、所以f1=-、f2=-+、故2f1+f2=-1.(2)证明:由已知、得xf0(x)
5、=sinx、等式两边分别对x求导、得f0(x)+xf′0(x)=cosx、即f0(x)+xf1(x)=cosx=sin、类似可得2f1(x)+xf2(x)=-sinx=sin(x+π)、3f2(x)+xf3(x)=-cosx=sin、4f3(x)+xf4(x)=sinx=sin(x+2π).下面用数学归纳法证明等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.①当n=1时、由上可知等式成立.②假设当n=k时等式成立、即kfk-1(x)+xfk(x)=sin.因为[kfk-1(x)+xfk(x)]′=kf′k-1(x)+fk(x
6、)+xf′k(x)=(k+1)fk(x)+xfk+1(x)、′=cos·′=sin、所以(k+1)fk(x)+xfk+1(x)=sin.因此当n=k+1时、等式也成立.综合①②可知等式nfn-1(x)+xfn(x)=sin对所有的n∈N*都成立.令x=、可得nfn-1+fn=sin(n∈N*)所以=(n∈N*).B组——能力提升练1.(2018·盐城模拟)设集合M={1,2,3、…、n}(n≥3)、记M的含有三个元素的子集的个数为Sn、同时将每一个子集中的三个元素由小到大排列、取出中间的数、所有这些中间的数的和记为Tn.(1)求、、、的值;(
7、2)猜想的表达式、并证明之.解析:(1)当n=3时、M={1,2,3}、S3=1、T3=2、=2、当n=4时、M={1,2,3,4}、S4=4、T4=2+2+3+3=10、=、同理可得=3、=.(2)猜想=、n≥3.①当n=3时、由(1)知猜想成立;②假设当n=k(k≥3)时、猜想成立、即=、而Sk=C、所以Tk=C、当n=k+1时、易知Sk+1=C、而当集合M从{1,2,3、…、k}变为{1,2,3、…、k、k+1}时、Tk+1在Tk的基础上增加了1个2,2个3,3个4、…、(k-1)个k、所以Tk+1=Tk+2×1+3×2+4×3+…+k
8、(k-1)=C+2(C+C+C+…+C)=C+2(C+C+C+…+C)=C+2C=C=Sk+1、即=、所以当n=k+1时、猜想也成立.综上所述、猜想成立.2.(20
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