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时间:2019-03-07
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1、万方数据12中等数学◆命题与群题■解题小品二一架桥结网陶平生(江西科技师范学院数学与计算机科学系,330013)例110名选手参加乒乓球赛,每两名选手对赛一局.如果选手i胜选手歹,毯手.『胜选手k,选手k胜选手i,则称为有上个“三角形”.设职和厶.分别表示第i名选事胜和败的局数j又如果选手1:胜选手_『时,总有厶+职≥8.求证:这次球赛恰有40个三角形.(1994,中国香港数学奥林匹克)本题原先的解答较为繁琐,而锲人适当媒介(文中盼啡)后,惆题便得以简化⋯,解:用点~秒l’。秽2,。一,秽lo表示这10名选手.如果钝胜似,,则在相应两点间连-.条有’向边{竹斗%.如此
2、得lo阶有向图f,则d+(研)_、IV,,d一(耽)=厶,且奢职+厶=9(i=1,2,⋯,10).1不妨设Wt≥耽≥⋯≥W,o.则£l≤L2≤⋯≤Llo..由于图G共有45条边,每条边产生一个“出度”和一个“入度”,故10‘∑形=∑L;=45.}=1.i=l从而,W1≥5,W10≤4,LI≤4,Llo≥5.由题设,当让胜秽f时,有厶t%≥8.则形+岛≤10.下面证明:W。,职,⋯,形。。只在5和4两个数中取值..,。(1)用反证法证明:WI=5.假若形。≥6,则Ll≤3j若vj是被移。击收稿日期:2008—05—05败的任一人,由L。+职≥8,得彤≥5.又由W,o≤4
3、,知掣。o不属于被秒,击败的人.从而,‰击败了口。.于是,被移。击败的选手(至少6人)属于集合{口j,移,,⋯,口,}.再由W。。≤4,L。o≥5,知击败秽。o的人(至少5个)必在集合{移:,l}。,⋯,t,,}中,其中必有一人坼,他既被钉,击败;又击败了口m.由“。'。击败””知彤≥5,故厶≤4.‘、又由“%击败∥盎?’知厶+W,ot>8,得Wlo≥4.再结合WIo≤4得W。o兰4.这样,职,耽,⋯,形。。的取值情况是W,≥6,{耽,职,⋯,%}中至少有六个数大于或等于5,其余的数大于或等于4.’”10因为肜。。=4,所以,∑v/,t>48,矛盾.故所设不真.从而,
4、形.≤5.前面已证Wl>15,因此,Wl_5.用同样的方法可得Lm=5,从而,阢。=4.注意到5=Wl≥W2≥⋯≥WIo=4.设其中有k个5,10一k个4.由45=5k+4(10一.j})得k=5.故Wi=鹦=⋯=职j5,Iv,=w7=⋯=Wlo=4.进而,Ll=厶=⋯=L5=4,L6=岛=⋯=Lm=5.(2)称题设中的三角形为“连环套三角形”.万方数据2009年第3期13注意到在图G中,连环套三角形个数+非连环套三角形个数=c%=120.先求非连环套三角形个数.-因为从一点发出的每一对出度(或者每一对人度’确定_个非连环套三角形,而对于图G中任一点P,它或者有5个出
5、度、4个人度(或者有5个人度、4个出度),共组成《个“出度蹦’,氆个“人度对”(或者《个人度对,仨个出度对),‘共得以P为一顶点的暖+口=16个非连环套三角形.如不计重复’,则10个点共产生160个非连环套三角形.由于每个非篷环套三角形含有一个出度对和一个人度对;故被计算了两次.因此,非连环套三角形共有掣:80个.从而,连环套三角形个数为120}一80=40个.’例2在_个正六边形的顶点上写着6个和为2003的非负整数.伯特做如下操作:他可以选出一个顶点,把它上面的数擦去,然后写上相邻两个顶点上数的差的绝对值.证明:伯特可以进行一系歹IJ操作,使得最后每个顶点的数都为
6、0.(第32届美国数学奥林匹克)1解:用,菇、Y分别表示奇数与偶数.显然,有运算:I石一YI=算,I菇一算l=Y,lY—YI=Y.将六个顶点划分成如图l所示的“正”鸟?‘缁’!两个三角形.由于六个顶点填数之和为奇数2003,故这两个三角形互顶点初始填数之和必定‘奇一偶(但经操作之后,这种情况可能发生改变).(1)分析结构特征.。图l如果六个顶点处恰有一个顶点填),,其余五个顶点填z,则称此状态是A型的(如图2(甲)).如果六角形恰有一组对顶点填Y,其余两组对顶点填石,则称此状态是曰型的(如图2(乙)).二窜¨率二图2显然,一旦操作进入曰型状态,则无论再经过多少次操作后
7、仍为B型.此时,不可能是全变为0情况.而A型填数状态,可以经过若干次操作后,重新变为A型状态,具体操作如图3:.三枣):拿≯嚓≥(A3)茹率一窜:砖硌Y(A.)Y(A5)图3注意到,在前后两个A型填法A。一A。中,相应的Y转移到了相邻的顶点上,因此,经若干轮这种操作后得到的A型填法中的Y可移到任一顶点上.于是,经过六轮这种操作后,A型中的Y可沿逆时针方向遍历六角形的每个顶点,重新回到原来的顶点上.将此过程中的每个状态,称为一个“A型有向圈”,圈中的任两个状态可沿箭头方向彼此到达.(2)考虑数字特征.对于六边形顶点的一组填数口r,口:,⋯,万方数据14
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