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时间:2018-08-10
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1、例谈整体思维在解答化学问题中的应用 【关键词】化学问题整体思维 应用策略 【中图分类号】G【文献标识码】A 【文章编号】0450-9889(2013)05B- 0087-02 常规解题方法是将问题拆开分析,逐一解决。而在有多个变量的化学问题中,若对这些变量逐一分析往往费时又费力,某些问题甚至无法求解。此时教师不妨引导学生从整体上考虑,就是把问题作为整体看待,而不对问题进行拆分,抓住构成问题的各个因素与整体问题间的关系以及在整体间的作用,直接列式解题。以下通过具体实例谈谈整体思维在解决
2、化学问题中的应用。 一、整体配平:一种有效的氧化还原方程式配平技巧 例1:配平FeS2+O2-Fe2O2+SO2 【解析】在该反应中,FeS2中Fe、S两种元素均变价,且它们的化合价均升高,此时若将FeS2作为一个整体标出升价总数,再按化合价升降总数相等配平。步骤如下: ①标变价:+-+ ②列变化:→ →2 升价:(3-2)+2×(4+1)=11 →2降价:2×(2-0)=4 ③求倍数,配系数:11和4的最小公倍数为44,即化合价升降总数为44,因此,FeS2前配4,O2前配1
3、1再由原子守恒,Fe2O3前配2,SO2前配8即得: 4FeS2+11O2=2Fe2O3+8SO2 例2:配平S+KNO3+C-K2S+N2+CO2 【解析】因为KNO3中K、N原子个数比为1∶1,为了保证产物中K、N原子个数比也为1∶1,K2S、N2的化学计量数必定相等,因此,可把K2S、N2组合为一个整体作为研究对象之一,CO2为另一研究对象。步骤如下: ①标变价:+KO3+-K2+2+O2 ②列变化:→升价:4-0=4 → 2→ 降价:(2-0)+2×(5-0)=12 ③
4、求倍数,配系数:4和12的最小公倍数为12,即化合价升降总数为12,因此K2S和N2前均配系数1,CO2前配系数3,再由原子守恒配平其余物质的计量系数。即得S+2NO3+3C=K2S+N2+3CO2。 二、整体划分:获得隐含条件的利器 例1:已知由Na2S、Na2SO3、Na2SO4组成的混合物中氧的质量分数为a%,则此混合物中钠和硫的质量分数是多少? 【解析】设混合物中的钠和硫的质量分数分别为x%和y%,x%+y%+a%=100%① 此为一个二元一次方程,由数学知识可知x,y为0~10
5、0之间的任意实数组,但我们注意到:Na2S、Na2SO3和Na2SO4中均含有“Na2S”若将它们看成一个整体,则在该“整体”中有:=② 联解①②即得: 例2:由苯、乙炔和乙醛组成的混合物,经测定其中含碳量为72%,则混合物中氧的质量分数为()。 A.19.6%B.20.8%C.22.0%D.24.8% 【解析】苯、乙炔和乙醛的分子式分别为:C6H6、C2H2、C2H4O,粗一看,无直接关系,但仔细审视,将C2H4O变形为C2H2?H2O,分离出“H2O”这一基团后,其余的C、H原子个数
6、之比为1∶1,质量比为12∶1。由于在100g混合物中碳为72g,则除“H2O”外的氢为6g。所以,混合物中“H2O”这一基团的质量为100-72-6=22(g),氧的质量为22×=19.6(g)。 三、全面思考:分析综合性较强题目的手段 例1:将一块生锈的铁片置于稀HNO3中,反应结束后收集到1.12L标准状况的NO气体,溶液中还有3g单质铁,取出铁后向溶液中通入0.15molCl2恰好使Fe2+全部氧化(假设Cl2全与Fe2+反应)。求生锈铁片的质量(铁锈成分以Fe2O3?H2O记)。
7、 【解析】本题看起来数据不多,但存在较为复杂的关系,因此要从整体的、全面的角度分析,过程如下: ①分析:生锈铁片中的铁单质分为三部分: 第一部分:与稀HNO3反应生成1.12L标准状况下的NO,同时生成Fe3+; 第二部分:与生成的Fe3+(一部分来自Fe与稀HNO3反应,另一部分来自Fe2O3与稀HNO3反应)反应生成Fe2+; 第三部分:剩余单质铁3g. ②解题:因2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-,通入Cl20.15mol,故通Cl2前溶液中Fe2+的物质的量为0.3mol
8、。又根据Fe+2Fe3+=3Fe2+知,与HNO3反应后溶液中的Fe3+的物质的量为0.2mol,即与Fe3+反应的Fe的物质的量为0.1mol. 与HNO3反应的Fe的物质的量等于NO的物质的量,为0.05mol(此时Fe转变为Fe3+)得:n(Fe2O3?H2O)=(0.2-0.05)×=0.075mol。所以生锈的铁片的质量为:3+(0.1+0.05)×56+0.075×178=24.75(g) 例2:将19.2gCu投入一定量的浓硝酸中,Cu完全溶解,生成的气体的颜色越来越浅,共收集
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