导数高考小题 答案版.doc

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1、导数的简单应用（小题练）A级——12＋4提速练一、选择题1．已知f(x)＝ax3＋3x2＋2，若f′(－1)＝3，则a＝(　　)A.　　　　　　　　　　B.C.D．3解析：选D　∵f(x)＝ax3＋3x2＋2，∴f′(x)＝3ax2＋6x，∴f′(－1)＝3a－6，∵f′(－1)＝3，∴3a－6＝3，解得a＝3.故选D.2．(2018·合肥模拟)已知直线2x－y＋1＝0与曲线y＝aex＋x相切，其中e为自然对数的底数，则实数a的值是(　　)A．eB．2eC．1D．2解析：选C　∵y＝aex＋x，∴y′＝aex＋1

2、，设直线2x－y＋1＝0与曲线y＝aex＋x相切的切点坐标为(m，n)，则y′

3、x＝m＝aem＋1＝2，得aem＝1，又n＝aem＋m＝2m＋1，∴m＝0，a＝1，故选C.3．(2018·成都模拟)已知函数y＝f(x)的导函数y＝f′(x)的图象如图所示，则函数y＝f(x)在区间(a，b)内的极小值点的个数为(　　)A．1B．2C．3D．4解析：选A　如图，在区间(a，b)内，f′(c)＝0，且在点x＝c附近的左侧f′(x)<0，右侧f′(x)>0，所以在区间(a，b)内只有1个极小值点，故选A.4．(2018·

4、重庆调研)若函数f(x)＝(x＋a)ex在(0，＋∞)上不单调，则实数a的取值范围是(　　)A．(－∞，－1)B．(－∞，0)C．(－1,0)D．[－1，＋∞)解析：选A　f′(x)＝ex(x＋a＋1)，由题意，知方程ex(x＋a＋1)＝0在(0，＋∞)上至少有一个实数根，即x＝－a－1＞0，解得a＜－1.5．已知f(x)＝2x3－6x2＋m(m为常数)在[－2,2]上有最大值为3，那么此函数在[－2,2]上的最小值为(　　)A．0B．－5C．－10D．－37解析：选D　由题意知，f′(x)＝6x2－12x，由f

5、′(x)＝0得x＝0或x＝2，当x＜0或x＞2时，f′(x)＞0，当0＜x＜2时，f′(x)＜0，∴f(x)在[－2,0]上单调递增，在[0,2]上单调递减，由条件知f(0)＝m＝3，∴f(2)＝－5，f(－2)＝－37，∴最小值为－37.6．(2018·广州模拟)设函数f(x)＝x3＋ax2，若曲线y＝f(x)在点P(x0，f(x0))处的切线方程为x＋y＝0，则点P的坐标为(　　)A．(0,0)B．(1，－1)C．(－1,1)D．(1，－1)或(－1,1)解析：选D　由题意知，f′(x)＝3x2＋2ax，所以

6、曲线y＝f(x)在点P(x0，f(x0))处的切线的斜率为f′(x0)＝3x＋2ax0，又切线方程为x＋y＝0，所以x0≠0，且解得a＝±2，x0＝－.所以当时，点P的坐标为(1，－1)；当时，点P的坐标为(－1,1)，故选D.7．(2018·昆明检测)若函数f(x)＝e2x＋ax在(0，＋∞)上单调递增，则实数a的取值范围为(　　)A．[－1，＋∞)B．(－1，＋∞)C．[－2，＋∞)D．(－2，＋∞)解析：选C　∵f(x)在(0，＋∞)上单调递增，且f′(x)＝2e2x＋a，∴f′(x)＝2e2x＋a≥0在(

7、0，＋∞)上恒成立，即a≥－2e2x在(0，＋∞)上恒成立，又x∈(0，＋∞)时，－2e2x＜－2，∴a≥－2.8．(2018·陕西模拟)设函数f(x)＝x3－12x＋b，则下列结论正确的是(　　)A．函数f(x)在(－∞，－1)上单调递增B．函数f(x)在(－∞，－1)上单调递减C．若b＝－6，则函数f(x)的图象在点(－2，f(－2))处的切线方程为y＝10D．若b＝0，则函数f(x)的图象与直线y＝10只有一个公共点解析：选C　对于选项A，B，根据函数f(x)＝x3－12x＋b，可得f′(x)＝3x2－12

8、，令3x2－12＝0，得x＝－2或x＝2，故函数f(x)在(－∞，－2)，(2，＋∞)上单调递增，在(－2,2)上单调递减，所以选项A，B都不正确；对于选项C，当b＝－6时，f′(－2)＝0，f(－2)＝10，故函数f(x)的图象在点(－2，f(－2))处的切线方程为y＝10，选项C正确；对于选项D，当b＝0时，f(x)的极大值为f(－2)＝16，极小值为f(2)＝－16，故直线y＝10与函数f(x)的图象有三个公共点，选项D错误．故选C.9．已知定义在上的函数y＝f(x)的导函数为f′(x)，若f′(x)cos

9、x－1＝lnx－f(x)sinx，则下列不等式成立的是(　　)A.ff解析：选D　令g(x)＝，则g′(x)＝＝，由解得>，所以g>g，所以>，即f>f，B错，D正确．同理因为>>，所以g>g，所以>，即f>f，C错．因为>>，所以g>g，所以>，即f>f，A错．故选