2019-2020年高考数学一轮复习第二章函数导数及其应用第13讲抽象函数课时作业理

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1、2019-2020年高考数学一轮复习第二章函数导数及其应用第13讲抽象函数课时作业理　　　　　　　　　　　　　　　　　1．(xx年江西南昌二模)已知函数f(x)＝sinx－x，则不等式f(x＋2)＋f(1－2x)<0的解集是(　　)A.B.C．(3，＋∞)D．(－∞，3)2．下列函数中，满足“f(x＋y)＝f(x)f(y)”的单调递增函数是(　　)A．f(x)＝x3B．f(x)＝3xC．f(x)＝xD．f(x)＝x3．已知函数f(x)满足：f(1)＝2，f(x＋1)＝，则f(xx)＝(　　)A．2B．－3C．－D.4．给出下列三个等式：

2、f(xy)＝f(x)＋f(y)，f(x＋y)＝f(x)f(y)，f(x＋y)＝.下列函数中，不满足其中任何一个等式的是(　　)A．f(x)＝3xB．f(x)＝sinxC．f(x)＝log2xD．f(x)＝tanx5．已知奇函数y＝f(x)的导函数f′(x)<0在R上恒成立，且x，y满足不等式f(x2－2x)＋f(y2－2y)≥0，则x2＋y2的取值范围是(　　)A．[0,2]B．[0,2]C．[1,2]D．[0,8]6．定义在R上的函数y＝f(x)满足f(3－x)＝f(x)，f′(x)<0，若x13，则(　　)A．

3、f(x1)>f(x2)B．f(x1)1时，f(x)<0.(1)求f(1)的值；(2)判断

4、f(x)的单调性；(3)若f(3)＝－1，解不等式f(

5、x

6、)<－2.10．设f(x)是定义在[－1,1]上的奇函数，且对任意a，b∈[－1,1]，当a＋b≠0时，都有>0.(1)若a>b，比较f(a)与f(b)的大小；(2)解不等式f

7、y＝f(x－c)}，Q＝{x

8、y＝f(x－c2)}，且P∩Q＝∅，求c的取值范围．第13讲　抽象函数1．D　解析：函数f(x)是定义在R上的奇函数，且导函数是f′(x)＝cosx－1≤0，所以f(x)＝sinx－x是减函数，不等式f(x＋2)＋f(1－2x)<0⇒f(x＋2)

9、2x－1)，即x＋2>2x－1⇒x<3.故选D.2．B　解析：由f(x＋y)＝(x＋y)3，f(x)f(y)＝x3·y3＝(xy)3，得f(x＋y)≠f(x)f(y)，所以A错误；由f(x＋y)＝3x＋y，f(x)f(y)＝3x·3y＝3x＋y，得f(x＋y)＝f(x)f(y)．又函数f(x)＝3x是定义在R上的增函数．故选B.3．C　解析：方法一，由条件知，f(2)＝－3，f(3)＝－，f(4)＝，f(5)＝f(1)＝2，故f(x＋4)＝f(x)(x∈N*)．∴f(x)的周期为4，故f(xx)＝f(3)＝－.方法二，严格推证如下：f(

10、x＋2)＝＝－，∴f(x＋4)＝f[(x＋2)＋2]＝f(x)，即f(x)的周期为4.故f(4k＋x)＝f(x)(k∈N*)，即f(xx)＝f(3)＝－.4．B　解析：选项A，函数满足f(x＋y)＝f(x)f(y)；选项C，函数满足f(xy)＝f(x)＋f(y)；选项D，函数满足f(x＋y)＝.5．D　解析：因为函数y＝f(x)为奇函数，所以f(x2－2x)≥f(2y－y2)．由函数y＝f(x)的导函数f′(x)<0在R上恒成立，知函数y＝f(x)在R上为减函数，所以x2－2x≤2y－y2，即(x－1)2＋(y－1)2≤2.故的最小值为

11、0，最大值为直径2.从而x2＋y2的最小值为0，最大值为直径的平方8.6．A　解析：由f(3－x)＝f(x)知函数y＝f(x)的图象关于直线x＝对称．因为f′(x)<0，所以当x<时，f′(x)>0，f(x)单调递增；当x>时，f′(x)<0，f(x)单调递减．因为x13，即>，所以可知x1距离对称轴x＝较近．故选A.7．2　解析：设h(x)＝f(x－1)＋x2.由h(x)＝f(x－1)＋x2为奇函数，得h(－x)＝－h(x)，即f(－x－1)＋x2＝－f(x－1)－x2，所以f(－x－1)＝－f(x－1)－2x2

12、.由g(x)＝1－f(x＋1)，得g(－3)＝1－f(－2)＝1－[－f(1－1)－2×12]＝1＋f(0)＋2，又f(0)＝－1，所以g(－3)＝2.8.　解析：f(－x)＝－x3＋2x＋e－x－＝－f(