欢迎来到天天文库
浏览记录
ID:36374961
大小:67.00 KB
页数:5页
时间:2019-05-10
《《3.3.1 利用导数研究函数的单调性》同步练习》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、《3.3.1利用导数研究函数的单调性》同步练习1.已知f(x)的定义域为[0,1],且当x∈[0,1]时f′(x)>0,则下列关系式一定成立的是( ).A.f(0)<0B.f(1)>0C.f(1)>f(0)D.f(1)2、减区间为________,增区间为________. 6.求下列函数的单调区间:(1)f(x)=x3-x; (2)f(x)=ex-x+1.7.下列各选项中的函数,在定义域上为减函数的是( ).A.f(x)=x3+xB.f(x)=C.f(x)=sinx-xD.f(x)=-x2x8.对于R上的可导函数f(x)来说,若(x-1)f′(x)>0,则必有( ).A.f(0)+f(2)<2f(1)B.f(0)+f(2)≤2f(1)C.f(0)+f(2)≥2f(1)D.f(0)+f(2)>2f(1)9.若函数f(x)=x3-px2+2m2-m3、+1在区间(-2,0)上单调递减,且在区间(-∞,-2)及(0,+∞)内单调递增,则实数p=________.10.函数f(x)=在(0,+∞)上递增,则a的范围为________. 11.已知函数f(x)=x2++alnx(x>0),若f(x)在[1,+∞)上单调递增,求a的取值范围.12.(创新拓展)设函数f(x)=x3-3ax+b(a≠0).(1)若曲线y=f(x)在点(2,f(2))处与直线y=8相切,求a,b的值;(2)求函数f(x)的单调区间.答案:1、解析 f′(x)>0,f(x)在[0,1]上是增函数,∴f(1)>f4、(0).答案 C2、解析 f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=lnx+1,由f′(x)<0得lnx<-1,02时,f′(x)>0,所以f(x)在(0,2)上递减,在(-∞,0)和(2,+∞)上递增.故选C.答案 C4、解析 f′(x)=3x2-30x-33=3(x2-10x-11)=3(x-11)(x+1),由f′(x)>0知x>11或x<-1,由f′(x)<0知-15、(11,+∞)和(-∞,-1).答案 (-1,11) (11,+∞)和(-∞,-1)5、解析 由图象可知,当x<-1或02时,f′(x)>0,∴f(x)的增区间为(-1,0),(2,+∞),减区间为(0,2)和(-∞,-1).答案 (0,2)和(-∞,-1) (-1,0)和(2,+∞).6、解 (1)f′(x)=3x2-1,由f′(x)>0知x>或x<-.由f′(x)<0知-0知x>0,由f′(x)<6、0知x<0.所以f(x)的增区间为(0,+∞),减区间为(-∞,0).7、解 对于f(x)=sinx-x,f′(x)=cosx-1≤0对任意实数x恒成立.∴f(x)在R上单调递减.答案 C8、解析 由(x-1)f′(x)>0知,当x>1时,f′(x)>0,当x<1时f′(x)<0,所以f(x)在(1,+∞)上是增函数,(-∞,1)上是减函数,∴f(0)>f(1),f(1)2f(1)答案 D9、解析 f′(x)=3x2-2px,由题意知x=0和x=-2是方程3x2-px=0的两个根,∴p=-6.答案 7、-610、解析 f′(x)==≥0在(0,+∞)上恒成立.a≥-,又x>0时,-<0.∴a≥0.答案 [0,+∞)11、解 由f(x)=x2++alnx,得f′(x)=2x-+.若函数为[1,+∞)上的单调增函数,则f′(x)≥0在[1,+∞)上恒成立,即不等式2x-+≥0在[1,+∞)上恒成立,也即a≥-2x2在[1,+∞]上恒成立.令φ(x)=-2x2,上述问题等价于a≥φ(x)max,而φ(x)=-2x2在[1,+∞)上单调递减,则φ(x)max=φ(1)=0,于是a≥0为所求.12、解 (1)f′(x)=3x2-3a,因为曲8、线y=f(x)在点(2,f(2))处与直线y=8相切,所以⇒⇒(2)因为f′(x)=3(x2-a)(a≠0),当a<0时,f′(x)>0,函数f(x)在(-∞,+∞)上单调递增.当a>0时,由f′(x)=0⇒x=±,当x∈(-∞,-)
2、减区间为________,增区间为________. 6.求下列函数的单调区间:(1)f(x)=x3-x; (2)f(x)=ex-x+1.7.下列各选项中的函数,在定义域上为减函数的是( ).A.f(x)=x3+xB.f(x)=C.f(x)=sinx-xD.f(x)=-x2x8.对于R上的可导函数f(x)来说,若(x-1)f′(x)>0,则必有( ).A.f(0)+f(2)<2f(1)B.f(0)+f(2)≤2f(1)C.f(0)+f(2)≥2f(1)D.f(0)+f(2)>2f(1)9.若函数f(x)=x3-px2+2m2-m
3、+1在区间(-2,0)上单调递减,且在区间(-∞,-2)及(0,+∞)内单调递增,则实数p=________.10.函数f(x)=在(0,+∞)上递增,则a的范围为________. 11.已知函数f(x)=x2++alnx(x>0),若f(x)在[1,+∞)上单调递增,求a的取值范围.12.(创新拓展)设函数f(x)=x3-3ax+b(a≠0).(1)若曲线y=f(x)在点(2,f(2))处与直线y=8相切,求a,b的值;(2)求函数f(x)的单调区间.答案:1、解析 f′(x)>0,f(x)在[0,1]上是增函数,∴f(1)>f
4、(0).答案 C2、解析 f(x)的定义域为(0,+∞),f′(x)=lnx+1,由f′(x)<0得lnx<-1,02时,f′(x)>0,所以f(x)在(0,2)上递减,在(-∞,0)和(2,+∞)上递增.故选C.答案 C4、解析 f′(x)=3x2-30x-33=3(x2-10x-11)=3(x-11)(x+1),由f′(x)>0知x>11或x<-1,由f′(x)<0知-15、(11,+∞)和(-∞,-1).答案 (-1,11) (11,+∞)和(-∞,-1)5、解析 由图象可知,当x<-1或02时,f′(x)>0,∴f(x)的增区间为(-1,0),(2,+∞),减区间为(0,2)和(-∞,-1).答案 (0,2)和(-∞,-1) (-1,0)和(2,+∞).6、解 (1)f′(x)=3x2-1,由f′(x)>0知x>或x<-.由f′(x)<0知-0知x>0,由f′(x)<6、0知x<0.所以f(x)的增区间为(0,+∞),减区间为(-∞,0).7、解 对于f(x)=sinx-x,f′(x)=cosx-1≤0对任意实数x恒成立.∴f(x)在R上单调递减.答案 C8、解析 由(x-1)f′(x)>0知,当x>1时,f′(x)>0,当x<1时f′(x)<0,所以f(x)在(1,+∞)上是增函数,(-∞,1)上是减函数,∴f(0)>f(1),f(1)2f(1)答案 D9、解析 f′(x)=3x2-2px,由题意知x=0和x=-2是方程3x2-px=0的两个根,∴p=-6.答案 7、-610、解析 f′(x)==≥0在(0,+∞)上恒成立.a≥-,又x>0时,-<0.∴a≥0.答案 [0,+∞)11、解 由f(x)=x2++alnx,得f′(x)=2x-+.若函数为[1,+∞)上的单调增函数,则f′(x)≥0在[1,+∞)上恒成立,即不等式2x-+≥0在[1,+∞)上恒成立,也即a≥-2x2在[1,+∞]上恒成立.令φ(x)=-2x2,上述问题等价于a≥φ(x)max,而φ(x)=-2x2在[1,+∞)上单调递减,则φ(x)max=φ(1)=0,于是a≥0为所求.12、解 (1)f′(x)=3x2-3a,因为曲8、线y=f(x)在点(2,f(2))处与直线y=8相切,所以⇒⇒(2)因为f′(x)=3(x2-a)(a≠0),当a<0时,f′(x)>0,函数f(x)在(-∞,+∞)上单调递增.当a>0时,由f′(x)=0⇒x=±,当x∈(-∞,-)
5、(11,+∞)和(-∞,-1).答案 (-1,11) (11,+∞)和(-∞,-1)5、解析 由图象可知,当x<-1或02时,f′(x)>0,∴f(x)的增区间为(-1,0),(2,+∞),减区间为(0,2)和(-∞,-1).答案 (0,2)和(-∞,-1) (-1,0)和(2,+∞).6、解 (1)f′(x)=3x2-1,由f′(x)>0知x>或x<-.由f′(x)<0知-0知x>0,由f′(x)<
6、0知x<0.所以f(x)的增区间为(0,+∞),减区间为(-∞,0).7、解 对于f(x)=sinx-x,f′(x)=cosx-1≤0对任意实数x恒成立.∴f(x)在R上单调递减.答案 C8、解析 由(x-1)f′(x)>0知,当x>1时,f′(x)>0,当x<1时f′(x)<0,所以f(x)在(1,+∞)上是增函数,(-∞,1)上是减函数,∴f(0)>f(1),f(1)2f(1)答案 D9、解析 f′(x)=3x2-2px,由题意知x=0和x=-2是方程3x2-px=0的两个根,∴p=-6.答案
7、-610、解析 f′(x)==≥0在(0,+∞)上恒成立.a≥-,又x>0时,-<0.∴a≥0.答案 [0,+∞)11、解 由f(x)=x2++alnx,得f′(x)=2x-+.若函数为[1,+∞)上的单调增函数,则f′(x)≥0在[1,+∞)上恒成立,即不等式2x-+≥0在[1,+∞)上恒成立,也即a≥-2x2在[1,+∞]上恒成立.令φ(x)=-2x2,上述问题等价于a≥φ(x)max,而φ(x)=-2x2在[1,+∞)上单调递减,则φ(x)max=φ(1)=0,于是a≥0为所求.12、解 (1)f′(x)=3x2-3a,因为曲
8、线y=f(x)在点(2,f(2))处与直线y=8相切,所以⇒⇒(2)因为f′(x)=3(x2-a)(a≠0),当a<0时,f′(x)>0,函数f(x)在(-∞,+∞)上单调递增.当a>0时,由f′(x)=0⇒x=±,当x∈(-∞,-)
此文档下载收益归作者所有