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时间:2019-01-25
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1、XX届高考理科数学轮几何证明总复习教案 第十六章 几何证明选讲 高考导航 考试要求重难点击命题展望 了解平行线截割定理. 会证明并应用直角三角形射影定理. 会证明并应用圆周角定理,圆的切线的判定定理及性质定理,并会运用它们进行计算与证明. 会证明并应用相交弦定理、圆内接四边形的性质定理与判定定理、切割线定理,并会运用它们进行几何计算与证明. 了解平行投影的含义,通过圆柱与平面的位置关系了解平行投影;会证明平面与圆柱面的截线是椭圆. 了解下面的定理. 定理:在空间中,取直线l为轴,直线l′与l相交于点
2、o,其夹角为α,l′围绕l旋转得到以o为顶点,l′为母线的圆锥面,任取平面π,若它与轴l的交角为β,则: ①β>α,平面π与圆锥的交线为椭圆; ②β=α,平面π与圆锥的交线为抛物线; ③β<α,平面π与圆锥的交线为双曲线. 会利用丹迪林双球证明上述定理①的情形: 当β>α时,平面π与圆锥的交线为椭圆. 会证明以下结果: ①在7.中,一个丹迪林球与圆锥面的交线为一个圆,并与圆锥的底面平行.记这个圆所在的平面为π′. ②如果平面π与平面π′的交线为,在6.①中椭圆上任取点A,该丹迪林球与平面π的切点为F,则
3、点A到点F的距离与点A到直线的距离比是小于1的常数e. 了解定理6.③中的证明,了解当β无限接近α时,平面π的极限结果. 本章重点:相似三角形的判定与性质,与圆有关的若干定理及其运用,并将其运用到立体几何中. 本章难点:对平面截圆柱、圆锥所得的曲线为圆、椭圆、双曲线、抛物线的证明途径与方法,它是解立体几何、平面几何知识的综合运用,应较好地把握. 本专题强调利用演绎推理证明结论,通过推理证明进一步发展学生的逻辑推理能力,进一步提高空间想象能力、几何直观能力和综合运用几何方法解决问题的能力. 讲与第二讲是传统内容
4、,高考中主要考查平行线截割定理、直角三角形射影定理以及与圆有关的性质和判定,考查逻辑推理能力.第三讲内容是新增内容,在新课程高考下,要求很低,只作了解. 知识网络 1 相似三角形的判定及有关性质 典例精析 题型一 相似三角形的判定与性质 【例1】如图,已知在△ABc中,D是Bc边的中点,且AD=Ac,DE⊥Bc,DE与AB相交于点E,Ec与AD相交于点F. 求证:△ABc∽△FcD; 若S△FcD=5,Bc=10,求DE的长. 【解析】因为DE⊥Bc,D是Bc的中点,所以EB=Ec,所以∠B=∠1.
5、又因为AD=Ac,所以∠2=∠AcB.所以△ABc∽△FcD. 过点A作A⊥Bc,垂足为点.因为△ABc∽△FcD,Bc=2cD,所以S△ABcS△FcD=2=4,又因为S△FcD=5,所以S△ABc=20.因为S△ABc=12Bc•A,Bc=10,所以20=12×10×A,所以A=4.又因为DE∥A,所以DEA=BDB,因为D=12Dc=52,B=BD+D,BD=12Bc=5,所以DE4=55+52,所以DE=83. 【变式训练1】如右图,在△ABc中,AB=14c,ADBD=59,DE∥Bc,cD⊥AB,cD=
6、12c.求△ADE的面积和周长. 【解析】由AB=14c,cD=12c,cD⊥AB,得S△ABc=84c2. 再由DE∥Bc可得△ABc∽△ADE.由S△ADES△ABc=2可求得S△ADE=757c2.利用勾股定理求出Bc,Ac,再由相似三角形性质可得△ADE的周长为15c. 题型二 探求几何结论 【例2】如图,在梯形ABcD中,点E,F分别在AB,cD上,EF∥AD,假设EF做上下平行移动. 若AEEB=12,求证:3EF=Bc+2AD; 若AEEB=23,试判断EF与Bc,AD之间的关系,并说明理由;
7、 请你探究一般结论,即若AEEB=n,那么你可以得到什么结论? 【解析】过点A作AH∥cD分别交EF,Bc于点G、H. 因为AEEB=12,所以AEAB=13, 又EG∥BH,所以EGBH=AEAB=13,即3EG=BH, 又EG+GF=EG+AD=EF,从而EF=13+AD, 所以EF=13Bc+23AD,即3EF=Bc+2AD. EF与Bc,AD的关系式为5EF=2Bc+3AD,理由和类似. 因为AEEB=n,所以AEAB=+n, 又EG∥BH,所以EGBH=AEAB,即EG=+nBH. EF=
8、EG+GF=EG+AD=+n+AD, 所以EF=+nBc+n+nAD, 即EF=Bc+nAD. 【点拨】在相似三角形中,平行辅助线是常作的辅助线之一;探求几何结论可按特殊到一般的思路去获取,但结论证明应从特殊情况得到启迪. 【变式训练2】如右图,正方形ABcD的边长为1,P是cD边上中点,点Q在线段Bc上,设BQ=,是否存
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