6当时，，在递减.∴.故选：D11.在三棱锥中，平面，且，当三棱锥的体积取最大值时，该三棱锥外接球的体积是（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】设，根据已知条件用把三棱锥的体积表示出来，然后利用导数确定体积取最大值时的值，进而确定出三棱锥外接球的半径，从而求出体积.【详解】设，则，故三棱锥的体积.设，则.由，得；由，得，所以在上单调递增，在上单调递减，所以，即三棱锥体积的最大值是，此时，即.因为平面，所以三棱锥外接球的半径，
7则三棱锥外接球的体积为.故选：B.12.已知函数，则下列说法中正确的是（）①函数有两个极值点；②若关于的方程恰有1个解，则；③函数的图象与直线（）有且仅有一个交点；④若，且，则无最值.A.①②B.①③④C.②③D.①③【答案】D【解析】【分析】求出分段函数的解析式以及各段导函数，得出函数的单调区间，即可得出①；作出函数图象，即可判断②；根据①求得的导函数，可推得，有恒成立，即可得出③；作图，根据图象得出与有3个交点时，的范围.然后用表示出，即可得出，构造函数，通过导函数研究函数的单调性，得出函数的最值，即可判断④.【详解】对于①，当时，，恒成立，所以在上单调递增；当时，，恒成立，所以，在上单调递减；当时，，恒成立，所以，在上单调递减.综上所述，在上单调递减，在上单调递增，在上单调递减.所以，在处取得极小值，在处取得极大值，故①正确；
8对于②，作出的图象如下图1由图1可知，若关于的方程恰有1个解，则或，故②错误；对于③，由①知，当时，，因为，所以，所以，当且仅当；当时，；当时，，因为，所以，所以，当且仅当.综上所述，，有恒成立.又直线可化为，斜率为，所以函数的图象与直线（）有且仅有一个交点，故③正确；对于④，由图2可知，当时，函数的图象与有3个不同的交点.则有，所以，所以，.
9令，，则.令，则在上恒成立，所以，在上单调递增.又，，根据零点存在定理可知，，使得，且当时，，所以，所以在上单调递减；当时，，所以，所以在上单调递增.所以，在处取得唯一极小值，也是最小值，无最大值，故④错误.综上所述，①③正确.故选：D.【点睛】方法点睛：遇到条件时，常设，然后根据图象得出的范围.根据解析式，用表示出，将所求表达式表示为的函数，根据导函数研究函数的单调性、极值、最值等.第II卷非选择题（90分）二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13.已知实数x，y满足约束条件则的最大值为______．【答案】3【解析】分析】作出可行域，通过平移直线即可求解.【详解】如图，由约束条件可得可行域为阴影部分，
10由得，作出直线，由得交点坐标为，平移直线知，当直线过点时，z取得最大值，∴．故答案为：3.14.执行如图所示的程序框图，输出的值为______.【答案】【解析】【分析】根据程序框图，第一次循环得出，，返回循环；第二次循环得，，执行输出，即可得出答案.【详解】开始，，，计算可得，然后计算可得，执行判断，结果否，返回循环；
11，，计算可得，然后计算可得，执行判断，结果是，执行输出可得.故答案为：.15.已知等比数列{an}的前n项和Sn满足Sn﹣2Sn﹣1﹣2＝0（n≥2），则数列{nan}的前n项和Tn＝__．【答案】（n﹣1）2n+1+2【解析】【分析】利用数列的递推关系式求出数列的首项与公比，然后求解通项公式，利用错位相减法求解{nan}的前n项和Tn．【详解】解：等比数列{an}的前n项和Sn满足Sn﹣2Sn﹣1﹣2＝0（n≥2），设公比为，n＝2时，S2﹣2S1﹣2＝0，即a1q﹣a1﹣2＝0n＝3时，S3﹣2S2﹣2＝0，可得a1q2﹣a1﹣a1q﹣2＝0，解得a1＝2，q＝2，所以an＝2n，nan＝n2n，Tn＝1×2+2×22+3×23++n2n，①，2Tn＝1×22+2×23+3×24++n2n+1，②①﹣②可得：﹣Tn＝2+22+23+••••+2n﹣n2n+1n2n+1＝（1﹣n）2n+1﹣2，所以Tn＝（n﹣1）2n+1+2．故答案为：（n﹣1）2n+1+2．16.已知抛物线的焦点为，过的直线与交于，两点，且，为坐标原点，直线交的准线于点，则与的面积之比为______．【答案】##【解析】【分析】首先求出抛物线的焦点坐标与准线方程，根据及焦半径公式求出，即可求出点坐标，从而求出直线的方程，再联立方程求出点坐标，求出的方程即可求出点坐标，最后根据面积公式计算可得.【详解】抛物线的焦点为，准线方程为，因为，
12所以，即，则，解得，不妨取，则直线的方程为，即，由，解得，所以，又直线的方程为，令，可得，所以，所以.故答案为：三、解答题：共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22、23题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共60分.17.为了解学生对党的“二十大”精神的学习情况，学校开展了“二十大”相关知识的竞赛活动，全校共有1000名学生参加，其中男生450名，采用分层抽样的方法抽取100人，将他们的比赛成绩（满分为100分），分为6组：，，，，，，得到如图所示的频率分布直方图．其中成绩不低于80分为“优秀”，低于80分为“非优秀”．
13（1）求实数a的值，并估算全校1000名学生中成绩优秀的人数；（2）完成下列列联表，判断是否有95%的把握认为比赛成绩优秀与性别有关．优秀非优秀合计男女10合计附：，其中．0.100.050.0100.0050.001k2.7063.8416.6357.87910.828【答案】（1），250（人）（2）填表见解析；没有【解析】【分析】（1）根据频率和为1求得，进而根据频率估计成绩优秀的人数；（2）根据题意结合分层抽样完善列联表，求，并与临界值对比分析.【小问1详解】由题意可得：，解得，样本中成绩优秀的频率为：，以样本估计总体，全校1000名学生中成绩优秀的人数为：（人）.【小问2详解】
14由题意，采用分层抽样，男生抽取人数人，女生抽取人，且样本中优秀的人数为人，故列联表如下：优秀非优秀合计男153045女104555合计2575100可得，因为，故没有95%的把握认为比赛成绩优秀与性别有关18.在△ABC中，．（1）求B的值；（2）给出以下三个条件：①；②，；③，若这三个条件中仅有两个正确，请选出正确的条件并回答下面问题：（i）求的值；（ii）求∠ABC的角平分线BD的长．【答案】（1）（2）正确条件为①③，（i），（ii）【解析】【分析】（1）利用和角正弦公式可得，结合三角形内角和性质即可求B的值；（2）根据条件组合判断出正确条件为①③，（i）应用余弦定理、三角形面积公式求各边长，最后由正弦定理求；（ii）由角平分线性质求得，再根据三角形内角和定理及两角和的正弦公式求出，再根据正弦定理求BD的长．【小问1详解】
15由题设，而，所以，故；【小问2详解】若①②正确，则，得或，所以①②有一个错误条件，则③是正确条件，若②③正确，则，可得，即②为错误条件，综上，正确条件为①③，（i）由，则，即，又，可得，所以，可得，则，故；（ii）因为且，得，由平分得，在中，，在中，由，得．
1619.如图，多面体ABCDE中，平面ABC，平面平面ABC，是边长为2的等边三角形，，AE=2．（1）证明：平面平面BCD；（2）求多面体ABCDE的体积．【答案】（1）证明见解析（2）【解析】【分析】（1）若为中点，连接，易证，由面面垂直性质得面，易知，进而证为平行四边形，即，最后根据线面垂直的性质及判定和面面垂直的判定证结论；（2）由求组合体的体积即可.【小问1详解】若为中点，连接，由是边长为2的等边三角形，，则，又面面ABC，面，面面，故面，因为平面ABC，故，又，所以为平行四边形，即，由面，则，，面，
17所以面，即面，又面，所以平面平面BCD；【小问2详解】由多面体ABCDE的体积.20.已知椭圆：的左、右顶点分别为，，M是椭圆R上异于A，B的一点，且直线MA与直线MB的斜率之积满足.（1）求椭圆R的标准方程；（2）过点的直线交椭圆于C，D两点，且直线AC，BD交于点Q，求点Q的横坐标.【答案】（1）（2）4【解析】【分析】（1）根据已知条件可得a的值，设出M坐标，由点M坐标适合椭圆方程及可求得值，进而求得椭圆方程.（2）联立直线CD方程与椭圆方程，联立直线AC方程与直线BD方程并运用韦达定理代换可求得交点Q的横坐标.【小问1详解】由题意知，，设，则，所以，解得：，所以椭圆方程为.小问2详解】如图所示，
18设直线CD的方程为，设，，，则，，所以，因为直线AC方程为①，直线BD方程为②，所以联立①②得，所以Q点横坐标为4.21.已知函数．（1）若，求的最小值；（2）若时，有两个零点，求a的取值范围．【答案】（1）0；（2）．【解析】【分析】（1）求导得，根据导数即可求出函数的单调性与最值；（2）分类讨论利用导数研究函数的单调性，再借助零点存在性定理可得出答案．【详解】解：（1）当时，，定义域是，，
19∴当时，，在上单调递减，当时，，在上单调递减，∴；（2），，①当时，，在上单调递减，∵，∴在上有且只有一个零点1，不合题意；②当时，若，即时，则有时，，在上单调递增，∴在上有且只有一个零点1，不合题意；当，即时，则有时，，在上单调递减，时，，在上单调递增，∵，∴，又存在，，∴，在上存在唯一零点，又在上有零点1，∴在上有二零点，综上：．【点睛】本题主要考查利用导数研究函数的单调性与最值，考查分类讨论思想，考查数学运算能力，考查转化与化归思想，属于难题．（二）选考题：共10分．请考生在第22、23题中任选一题作答.
20如果多做，则按所做的第一题计分．（选修4-4极坐标与参数方程）22.已知曲线的参数方程为（为参数），直线过点．（1）求曲线的普通方程；（2）若直线与曲线交于，两点，且，求直线的倾斜角．【答案】（1）.（2）或.【解析】【分析】（1）利用参数方程转普通方程即可求解.（2）写出直线的参数方程，参数方程代入，设，两点所对的参数为，利用韦达定理代入中，化简即可求解.【小问1详解】由曲线的参数方程为（为参数），得，，，即（为焦点在轴上的椭圆）.【小问2详解】设直线的倾斜角为，直线过点直线的参数方程为（为参数），将直线的参数方程代入，可得，
21，设，两点所对的参数为，，曲线与轴交于两点，在曲线的内部，一正一负，，而，，，，，解得，为直线倾斜角，，，，或，直线的倾斜角为或.（选修4-5不等式选讲）23.已知关于x的不等式有解.（1）求实数t的取值范围；（2）若a，b，c均为正数，m为t的最大值，且.求证:.【答案】（1）；（2）证明见解析.【解析】【分析】(1)令，求出的最大值，由不等式有解可知，从而得到关于t的不等式，即可解出t的取值范围；(2)由柯西不等式得即可证明结论.【小问1详解】
22令，所以当时，取得最大值为3，关于x的不等式有解等价于，即当时，上述不等式转化为，解得，当时，上述不等式转化为，解得，综上所述t的取值范围为，故实数t的取值范.【小问2详解】根据（1）可得a，b，c均为正实数，且满足，所以由柯西不等式可得，当且仅当，，时取等号，
