欢迎来到天天文库
浏览记录
ID:45238932
大小:50.50 KB
页数:3页
时间:2019-11-11
《2019-2020年高中数学 1.3.1.1函数的单调性课后课时精练 新人教A版必修1》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、2019-2020年高中数学1.3.1.1函数的单调性课后课时精练新人教A版必修1知识点基础中档稍难证明或判断单调性1、35求函数的单调区间69单调性的应用2、84、710C.f(x)=-
2、x
3、D.f(x)=-[解析] 函数f(x)=3-x在(0,+∞)上为减函数;函数f(x)=x2-3x在(-∞,]上为减函数,在(,+∞)上为增函数;函数f(x)=-
4、x
5、在(-∞,0]上为增函数,在(0,+∞)上为减函数;函数f(x)=-在(-∞,-2)上为增函数,在(-2,+∞)上为增函数.故选D.[答案] D4.已知函数f(x)=若f(
6、2-2a)>f(a),则实数a的取值范围是( )A.(-∞,-1)∪(2,+∞)B.(-1,2)C.(-∞,)D.(-∞,-2)∪(1,+∞)[解析] f(x)=作出f(x)的图象(如右图).由图象可知,f(x)在(-∞,+∞)上单调递增,∴f(2-2a)>f(a)⇒2-2a>a.解得a<.[答案] C5.[xx·长春外国语高一月考]定义在R上的函数满足>0,(x1≠x2),则下面成立的是( )A.f(a)>f(2a)B.f(a2)f(3a)D.f(a+3)>f(a-2)[解析] 由>0且x
7、1≠x2得f(x)在R上为增函数,因为a与2a,a2与2a,a2+1与3a都无法比较大小,故排除A、B、C,由a+3-(a-2)=5>0得a+3>a-2,所以f(a+3)>f(a-2),故选D.[答案] D二、填空题6.函数f(x)=则f(x)的递减区间是__________.[解析] 画出函数f(x)的图象,如图易知f(x)的递减区间是(-∞,1).[答案] (-∞,1)7.若函数f(x)=-
8、x
9、在区间[a,+∞)上为减函数,则实数a的取值范围是________.[解析] 函数f(x)=-
10、x
11、的单调递减区间为[0,+∞)
12、,依题意得[a,+∞)⊆[0,+∞),所以a≥0.[答案] [0,+∞)8.[xx·周口高一检测]若f(x)=-x2+2ax与g(x)=在区间[1,2]上都是减函数,则a的取值范围是__________.[解析] 由f(x)=-x2+2ax在[1,2]上是减函数可得a≤1,由g(x)=在[1,2]上是减函数可得a>0.∴013、在[-1,0]及[2,5]上为增函数,在(0,2)上为减函数,所以单调递增区间为[-1,0]和[2,5].由图象知值域为[-1,3].10.[xx·长春外国语高一月考]已知函数f(x)对于任意x,y∈R,总有f(x+y)=f(x)+f(y)-1,并且当x>0,f(x)>1.(1)求证:f(x)为R上的单调递增函数;(2)若f(4)=5,求解不等式f(3m2-m-2)<3.[解] (1)证明:在R上任取x1,x2,且x114、1=1-f(x2-x1),因为x2-x1>0,所以f(x2-x1)>1.故f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)15、-1
13、在[-1,0]及[2,5]上为增函数,在(0,2)上为减函数,所以单调递增区间为[-1,0]和[2,5].由图象知值域为[-1,3].10.[xx·长春外国语高一月考]已知函数f(x)对于任意x,y∈R,总有f(x+y)=f(x)+f(y)-1,并且当x>0,f(x)>1.(1)求证:f(x)为R上的单调递增函数;(2)若f(4)=5,求解不等式f(3m2-m-2)<3.[解] (1)证明:在R上任取x1,x2,且x114、1=1-f(x2-x1),因为x2-x1>0,所以f(x2-x1)>1.故f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)15、-1
14、1=1-f(x2-x1),因为x2-x1>0,所以f(x2-x1)>1.故f(x1)-f(x2)<0,即f(x1)15、-1
15、-1
此文档下载收益归作者所有