现代通信原理(罗新民)习题答案第八章

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1、第八章数字信号基带传输系统未做出：11、12、17、20图见附文件：1、6③、14、218-1设有数字序列为：[an]={010011000001011100001}。①试画出对应的单极性NRZ、RZ和双极性NRZ、RZ、差分码、AMI码及HDB.码対应的波形；②试画出绝对码和相对码互相转换的数字电路图及绝对码和相对码波形图。解：①②绝对码一相对码：相对码一绝对码:占當也㊉治——H绝对码即是①中的务，相对码即是①中的差分码bno8-2什么叫码间串扰？试说明其产生的原因及消除码间串扰的方法。解：①数字基带信号波形在信道中传输时，由于信道特

2、性的不理想，使接收端的信号波形展宽。从而在判决时刻，前后几个码元波形展宽的拖尾对当前码元判决产生干扰。②可以合理设计信道总的传输函数H(e),使得前一码元拖尾在当前码元判决时刻为过零点，则无干扰。8-3设有一传输信道，信道带宽为300〜3000Hz,现欲传输基带信号，其带宽为0〜1200Hz,试问：①该基带信号能否在此信道中直接传输？为什么？②若分别采用DSB及SSB二种调制方式传输，那么如何选择调制器所需的载波频率？解：(1)基带信号带宽不在信道带宽范围内，不能直接传输。(2)DSB：信道带宽3000-300=2700Hz,容纳双边带

3、后的剩余量2700-1200X2=300Hz,所以fo下限300+1200=1500Hz,上限为3000-1200=1800Hzo即1500Hz

4、时分量齐？③若列/)是如图E&l(b)所示的波形，试问该随机序列中是否可提取./；•分量？若可以，请计算此分量的大小。E8.1解:①g】(r)=-g2d(r)，则=W)连续谱^,(/)=4P(l-P)

5、G(/)

6、2,离散谱PSD=£^(2P-1)21G(咲)I28{f-mfT)②G(/)=TSa(7tfT),其零点为/=佛,£=±1,±2,…，即G(鋼)=0,故离散谱为零，无法提取离散分量。③G(J)=Sa黑),其零点为f=2kfT,则当k为奇数时不为零G(妬),这些点上的离散分量存在，可以提取。k=l时此分量大小为//(2P-l)2(

7、f)2Stz2(f)=8-5设随机二进制序列中0和1分别用&(/)和g2(f)表示，设l/i5、T,」—(1+cos——)

8、oI『2壬则g]⑴=*(l+cos爷)gy(/),G(/)=｝TSa(^T)+韧｛7^[龙(/—*)门+TSa[7i(f+*)门｝a.g2(r)=0,G2(/)=0「K.m=0•・•G

9、(infT)=G、(争育Tsm=l.^Tsm=_]0m为其它值・・・W)=ifrPG(吠)FMf-mfT)m=-l=4^(/)+沪汉/-齐)+兀血f+齐)]W)=Am-/>)IG1(/)

10、2=专P(1_P)

11、Sa(同7)+7iSa[7r(f-i)T]+7rSa[7r(f+i)T]

12、2b・显⑴二一匕⑴，G2(/)=-Gi(/)・•・匕(/)=斥fl(2P

13、-l)Gg易)

14、2Mf-mfT)m=-l=咛^沢门+兀-齐)+兀如+A)1代(/>2齐P(1_P)IG(/)

15、2=^P(l-P)So(旳)+於al兀(f一*)门+7iSa[7V(f+^)T]

16、2②可以。其功率为畔8-6设斜切滤波器的频谱特性如图E8.2所示，试求该滤波器的冲激响应，并回答以下问题：①当传输速率为2齐时，在采抽样点有无码间干扰？②与理想低通滤波器特性相比，由于码元定时误差的影响所引起的码间串扰是增大了还是减小了？③当G二1时，将//(/)分成三段，试检验在-^

17、X间内//(/)是否能叠成矩形低通

18、传输特性？E8.2解：令g2升(/)=J1If1^frg2切.(/)=J110其它,I0其它则有H屮=^g2」M'g坤⑴而&2fT(/)㈠2fTSa(27tfTt),g2(xfr(/)=2(rfTSa(27