2017届江西省吉安市第一中学高三上学期期中考试文科数学试题及答案

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1、www.ks5u.com一、选择题（本大题共12小题，每小题5分，共60分。每小题只有一项是符合题目要求的）1.设，则（）A.MNB.NMC.D.2.曲线在点（1，2）处的切线方程为（）A.B.C.D.3.已知，则是的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.必要条件D.既不充分条件也不必要条件4.若平面向量与的夹角是180°，且，则的坐标为（）A.（-3，6）B.（3，-6）C.（6，-3）D.（-6，3）5.已知等差数列中，，则的值为（）A.15B.33C.55D.996.如果函数的图像关于点中心对称，那么的

2、最小值为（）-11-A.B.C.D.7.已知直线，，若到的夹角为60°，则的值是（）A.或0B.或0C.D.8.下列函数图象中不正确的是（）9.观察下列各式：，，则的末两位数字为（）A.01B.43C.07D.4910.已知直线与圆交于A、B两点，且，其中O为原点，则实数的值为（）A.2B.-2C.2或-2D.或11.设函数在区间上是单调函数，则实数的取值范围是（）A.B.C.D.12.已知函数是定义在R上的不恒为0的函数，且对于任意实数满足：，，，，考察下列结论：①；②为奇函数；-11-③数列为等差数列；④数列为

3、等比数列。其中正确命题的个数为（）A.1B.2C.3D.4二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分。）13.在复平面内，复数对应的点位于第_________象限。15.设函数，观察：，，，，根据以上事实，由归纳推理可得：当且时，=__________。16.如图，在直角梯形ABCD中，AB∥CD，AB⊥BC，AB=2，CD=1，BC=2，P为线段AD（含端点）上一个动点，设，记，则_______；函数的值域为__________。-11-三、解答题（本大题共6小题，共75分，解答应写出文字说明、证明过程）1

4、7.（满分10分）已知函数（1）求的最小正周期和单调递增区间；（2）求在区间上的取值范围。18.（满分12分）设命题P：关于的不等式：的解集是R，命题Q：函数的定义域为R，若P或Q为真，P且Q为假，求的取值范围。19.（满分12分）是等差数列的前项和，，。（1）求的通项公式；（2）设（是实常数，且），求的前项和。20.（满分12分）定义在R上的奇函数有最小正周期4，且时，。（1）求在上的解析式；-11-（2）判断在（0，2）上的单调性，并给予证明；（3）当为何值时，关于方程在上有实数解？21.（满分12分）已知圆O

5、：，点P在直线上的动点。（1）若从P到圆O的切线长为，求P点的坐标以及两条切线所夹劣弧长；（2）若点A（-2，0），B（2，0），直线PA，PB与圆O的另一个交点分别为M，N，求证：直线MN经过定点（1，0）。22.（满分12分）已知函数的单调递减区间是（1，2），且满足。（1）求的解析式；（2）对任意，关于的不等式在上有解，求实数的取值范围。-11-二、填空题（本大题共4小题，每小题5分，共20分）13.三14.（-1，0）15.16.1，三、解答题（本大题共6小题，共75分，解答应写出文字说明、证明过程）17.

6、（满分12分）解：（1）∵∴函数的最小正周期为。由，（）得∴的单调增区间是，（2）∵，∴∴函数在区间上的取值范围为。18.（满分12分）-11-解：P真Q真恒成立（1）当时，恒成立，∴（2）∴∴若P真而Q假，则或，若Q真而P假，则∴所求的取值范围是。19.（满分12分）解：（I）由已知可得：，，解得：，∴（II）∵∴∴，∵，∴是等比数列，∴（1）当时，（2）当时，，综上：20.（满分12分）解：（1）当时，，，又为奇函数，∴，当时，由，∵有最小正周期4，-11-∴综上所述，（2）设，则，∴，∴在（0，2）上为减函数

7、。（3）即求函数在上的值域。当时由（2）知，在（0，2）上为减函数，∴，当时，，∴当时，∴的值域为21.（满分12分）解：根据题意，设P（4，t）。（I）设两切点为C，D，则OC⊥PC，OD⊥PD，由题意可知，即，解得，所以点P坐标为，在Rt△POC中，易得∠POC=60°，所以∠DOC=120°-11-所以两切线所夹劣弧长为（II）设，Q（1，0），依题意，直线PA经过点A（-2，0），P（4，），可以设，和圆联立，得到代入消元得到，因为直线AP经过点A，M（），所以是方程的两个根，所以有，，代入直线方程，得同理

8、，设，联立方程有，代入得到若，则，此时显然M，Q，N三点在直线上，即直线经过定点Q（1，0）若，则，，-11-所以有，所以，所以M，N，Q三点共线，即直线MN经过定点Q（1，0）。综上所述，直线MN经过定点Q（1，0）22.（满分12分）解：（I）由已知得，，∵函数的单调递减区间是（1，2），∴的解是∴的两个根分别是1和2，且从且可得又得，∴（II）由（I）