浙江省宁波市九校2023-2024学年高一上学期1月期末联考数学 Word版含解析.docx

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宁波市2023学年高一第一学期期末九校联考数学试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上.2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，将答案写在答题卡上.写在本试卷上无效.3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.第Ⅰ卷一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.若集合，，则的子集个数是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】求出集合，进而可求出集合，确定集合的元素个数，利用子集个数公式可求得结果.【详解】因为，，则，所以，的元素个数为，的子集个数是，故选：C.2.为了得到函数的图象，可以将函数的图象（）A.向左平移个单位长度B.向右平移个单位长度C.向左平移个单位长度D.向右平移个单位长度【答案】B【解析】 【分析】利用三角函数图象变换可得出结论.【详解】为了得到函数的图象，可以将函数的图象向右平移个单位长度，故选：B.3.“”是“”的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】B【解析】【分析】利用不等式的基本性质、特殊值法结合充分条件、必要条件的定义判断可得出结论.【详解】当时，不妨取，，则，所以，“”“”，另一方面，当时，由不等式的基本性质可得，所以，“”“”，因此，“”是“”的必要不充分条件.故选：B.4.已知菱形的边长为1，若，则（）A.B.2C.D.【答案】D【解析】【分析】将平方转化为数量积求解.【详解】.所以.故选：D5.若函数为偶函数，则实数的取值范围是（）A.B.C.D.或 【答案】A【解析】【分析】根据为偶函数，得在(或其子集)上为偶函数，求得的取值范围.【详解】函数为偶函数，的定义域为，且为偶函数，在(或其子集)上为偶函数，恒成立，恒成立，故选:A.6.某试验小组研究某种植物在一定条件下的生长规律，根据试验数据可知，在相同条件下，这种植物每周以的增长率生长.若经过周后，该植物的长度是原来的倍，则再经过周，该植物的长度大约是原来的（）A.倍B.倍C.倍D.倍【答案】C【解析】【分析】设植物原来的长度为，由已知可得出，求出的值，利用指数运算可求得结果.【详解】设植物原来的长度为，经过周后，该植物的长度为原来的倍，即，即，即，再过周后该植物的长度为.因此，再经过周，该植物的长度大约是原来的倍.故选：C.7.已知函数.若，不等式恒成立，则实数的取值范围是（） A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】令，分析函数的奇偶性与单调性，将所求不等式变形为，可得出，分、、三种情况讨论，在第一种情况下，直接验证即可，在第二、三种情况下，求出函数的最小值，可得出关于实数的不等式，综合可得出实数的取值范围.【详解】令，对任意的，，故对任意的，，故函数的定义域为，因为，所以，，函数为奇函数，令，则函数在上为增函数，函数为增函数，所以，函数在上为增函数，由，可得，所以，，所以，，即，令，当时，则有，显然成立； 当时，则，所以，函数在、上单调递减，在上单调递增，又因为函数在上连续，所以，函数在上单调递减，在上单调递增，所以，，所以，，解得，此时，；当时，则，所以，函数在上单调递减，在、上单调递增，又因为函数在上连续，所以，函数在上单调递减，在上单调递增，所以，，所以，，解得，综上所述，实数的取值范围是.故选：A.【点睛】方法点睛：利用函数的奇偶性与单调性求解抽象函数不等式，要设法将隐性划归为显性的不等式来求解，方法是：（1）把不等式转化为；（2）判断函数的单调性，再根据函数的单调性把不等式的函数符号“”脱掉，得到具体的不等式（组），但要注意函数奇偶性的区别. 8.已知函数.若为奇函数，为偶函数，且在上没有最小值，则的最大值是（）A.2B.6C.10D.14【答案】A【解析】【分析】根据函数的奇偶性求出，再由在上没有最小值，求出答案.【详解】由题意知，因为为奇函数，所以，，因为为偶函数，所以，相加得，又因为，所以，代入得，即，代入得，即，即.因为在上没有最小值，设，则，所以，的最大值是2.故选：A【点睛】关键点点睛：本题求解的关键有两个：一是利用奇偶性求出及的表达式；二是利用区间上没有最小值可求的不等关系.二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分. 在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.下列式子化简正确的是（）A.B.C.D.【答案】BD【解析】【分析】利用诱导公式结合两角差的正弦公式可判断A选项；利用辅助角公式可判断B选项；利用两角差的正切公式可判断C选项；利用诱导公式结合二倍角的正弦公式可判断D选项.【详解】对于A选项，，A错；对于B选项，，B对；对于C选项，，C错；对于D选项，，D对.故选：BD.10.已知边长为的正边形.若集合且，则（）A.当时，B.当时，C.当时， D.当时，【答案】ACD【解析】【分析】利用平面向量数量积的定义逐项判断，可得出合适的选项.【详解】对于A选项，当时，如下图所示：则，，，同理可得，，，故时，，A对；对于B选项，当时，如下图所示：，，，此时，，B错；对于C选项，当时，取的中点，连接，则，如下图所示： 易知正五边形的每个内角都为，则，故，则，由平面向量数量积的定义可得，故当时，，C对；对于D选项，当时，设正六边形的中心为，如下图所示：易知正六边形的每个内角都为，则，故，所以，，，则，由正六边形的几何性质可得，则，则，结合图形可知，故，因此，当时，，D对.故选：ACD.11.若，则（）A.的最小值是B.的最小值是 C.的最大值是0D.的最大值是【答案】BCD【解析】【分析】结合对数的运算，利用不等式的性质与基本不等式即可解决.【详解】若，则，，，即.对于A，，当且仅当，即，时，等号成立，可得，故A错误；对于B，由，可得，所以，当且仅当，即，时，等号成立，故B正确；对于C，由，可得，所以，当且仅当，时，等号成立，故C正确；对于D，由，可得，可知，故，令，可知，，故，当且仅当，即，时，等号成立，故最大值是，故D正确.故选：BCD.12.下列大小关系正确的是（）A. B.C.D.【答案】ABD【解析】【分析】对于A：根据换底公式结合对数函数单调性分析判断；对于B：根据换底公式结合基本不等式以及对数函数单调性分析判断；对于C：根据对数函数单调性以及中间值分析判断；对于D：结合图象可知当时，则，进而可得结果.【详解】对于选项A：因为均不为0，且，又因为在定义域内单调递减，可得，则，所以，故A正确；对于选项B：因为且，，可得，即，故B正确；对于选项C：因为，则，可得，且，所以，故C错误；对于选项D：对于与，如图所示， 可知当时，则，令，可得，故D正确；故选：ABD.【点睛】关键点睛：对于选项D：构建函数，结合图象可得当时，则，令即可得结果.第Ⅱ卷三、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分.13.杭州第19届亚洲运动会于2023年9月23日至10月8日在中国浙江省杭州市举行，本届亚运会的会徽名为“潮涌”，主体图形由扇面、钱塘江、钱江潮头、赛道、互联网符号及象征亚奥理事会的太阳图形六个元素组成如图1所示，其中扇面造型突出反映了江南的人文意蕴.会徽的几何图形如图2所示，设弧的长度是，弧的长度是，几何图形的面积为，扇形的面积为.若，则______.【答案】2【解析】【分析】根据扇形的面积公式及求解即可.【详解】设扇形的面积为，，则.所以，即，所以. 故答案为：214.与向量共线的一个单位向量的坐标是______.【答案】或【解析】【分析】先求出向量的模，与向量共线的单位向量为，计算即可.【详解】因为，，所以与向量共线的单位向量为，所以向量共线的一个单位向量的坐标是或.故答案为：或.15.已知函数在上既有最大值，又有最小值.若，则______，______.【答案】①.0②.【解析】【分析】根据在上的值域为，判断出，得到，然后根据三角函数的有界性，转化为不等式的解集问题，再根据方程与不等式的关系，即可求的值.【详解】对于函数，当时，它在上没有最大值，也没有最小值，所以，由在上既有最大值，又有最小值，必有，所以，其值域为.由得 ，，，，其中，所以，因为，所以，所以，两边平方得，因为，根据题意可得的解集为.所以为方程的根，所以，所以，解得.故答案为：0，.16.设函数，若对任意，都存在唯一的，使得，则实数的取值范围是______.【答案】【解析】【分析】对实数的取值进行分类讨论，分析函数 的单调性与值域，根据题意以及数形结合额可得出关于实数的不等式，综合可得出实数的取值范围.【详解】设函数在、上的值域分别为、，当时，函数在上为增函数，函数在上为增函数，此时，函数在上为增函数，当时，即当时，函数在上为增函数，当时，则，则，①当且时，，即，此时，函数在上为增函数，则，即，由题意可知，，则，解得，此时，；②当时，函数在上为增函数，则，当时，，当时，，则，此时，，当时，，则，此时，，如下图所示：若对任意，都存在唯一的，使得，只需，解得，此时，； ③当时，，函数在上单调递减，在上单调递增，则，当时，，当时，，则，此时，，当时，，则，如下图所示：若对任意，都存在唯一的，使得，只需，解得，与矛盾，此时，不存在，综上所述，.故答案为：.【点睛】关键点点睛：本题考查利用函数值相等求参数的取值范围，解题的关键在于对参数进行分类讨论，结合图形将题中的信息等价转化为不等式求解.四、解答题：本题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.求解下列各题：（1）计算：；（2）已知，求值.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）根据指对幂运算求解结果. （2）根据平方和关系与倍角公式求解结果.【小问1详解】原式.【小问2详解】因为，所以，所以，所以.18.已知集合，.（1）当时，求；（2）从①；②；③中任选一个作为已知条件，求实数的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）当时，写出集合，并解出集合，利用并集的定义可得出集合；（2）根据所选条件可得出，分、两种情况讨论，可得出关于实数的不等式（组），综合可得出实数的取值范围.【小问1详解】解：由，得，得，所以，当时，，所以.【小问2详解】解：若选①，因为，则，当，即，得； 当时，则有，解得，综上，实数的取值范围是；若选②，因为，则，当，即，得；当时，则有，解得，综上，实数的取值范围是；若选③，因为，则，当，即，得；当时，则有，解得，综上，实数的取值范围是.19.已知向量.（1）求函数的解析式及其单调递减区间；（2）若函数在区间上有且仅有两个零点，求实数的取值范围.【答案】（1），（2）【解析】【分析】（1）根据向量数量积及三角函数公式化简函数，再根据三角函数的性质求解即可；（2）根据函数零点的定义，将问题转化为图形交点问题求解即可.【小问1详解】 ，由，得，即函数的单调递减区间为.【小问2详解】当时，令，则函数在上单调递减，在上单调递增，在上单调递减，且.函数在区间上有且仅有两个零点，等价于函数的图象与函数在上有两个公共点，所以，或，即的取值范围是.20.已知一个半径为米的水轮如图所示，水轮圆心距离水面米，且按顺时针方向匀速转动，每秒转动一圈.如果以水轮上点从水面浮现时（图中点位置）开始计时，记点距离水面的高度 关于时间的函数解析式为.（1）在水轮转动的一周内，求点距离水面高度关于时间的函数解析式；（2）在水轮转动的一周内，求点在水面下方的时间段.【答案】（1），（2）【解析】【分析】（1）根据函数的最大值和最小值可得出关于、的方程组，解出这两个量的值，求出该函数的最小正周期，可得出的值，再由，结合的取值范围，可得出的值，由此可得出函数的解析式；（2）时，解不等式即可得出结论.【小问1详解】解：由题意知的最大值为，最小值为，所以，，解得，由题意可知，函数的最小正周期为，则，所以.当时，，即，可得，又，所以，所以，.【小问2详解】 解：令，得.由，得，所以，解得，即在水轮转动的一圈内，点在水面下方的时段是秒到秒.21.已知函数.（1）若函数为定义域上的偶函数，求实数的值；（2）当时，对，不等式恒成立，求实数的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）由偶函数的定义求值；（2）将不等式转化为，结合真数恒正及常数分离求得的取值范围.【小问1详解】定义域为，由题知，即，化简得，即对任意恒成立，得.【小问2详解】当时，因为不等式对恒成立，所以①，且②对恒成立.由①得. ②即对恒成立，令，则，当且仅当时，所以，综上：的取值范围是.22.已知函数有3个不同零点，且.（1）求实数的取值范围；（2）若存在，使不等式成立，求实数的取值范围.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）将化为分段函数，对，以及进行分类讨论，结合二次函数的图象与轴的交点情况，即可判断的取值范围.（2）根据（1）可判断是方程的两个不等实根，是方程的大根，即，分离参数，结合韦达定理以及存在性问题的判断将问题转化为函数的最值问题，即，利用函数的单调性即可求出的取值范围.【小问1详解】由已知得，当时，在上单调递增，只有1个零点，不符合题意；当时，因为函数有3个不同的零点，且在上单调递增，在上单调递减，在上单调递增，所以时，有1个根，时，有2个根，故，解得； 当时，当时，方程判别式，可知无解，所以函数不可能有3个不同的零点，所以不符合题意.综上：的取值范围是.【小问2详解】由（1）知，是方程的两个不等实根，则.是方程大根，即.由，得，记，则，即等价于存在，使，即.因为，显然在上单调递增，所以，所以的取值范围是.