辽宁省锦州市某校2022-2023学年高二上学期期末物理试题（解析版）.docx

《辽宁省锦州市某校2022-2023学年高二上学期期末物理试题（解析版）.docx》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

2022～2023学年高二第一学期期末质量检测物理试题考生注意：1.本试卷满分100分，考试时间75分钟。2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。4.本卷命题范围：新人教必修第三册第十一章至第十三章，选择性必修第一册。一、选择题（本题共10小题，共46分.在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分，第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.下列说法正确的是（　　）A.磁感线总是从磁体的北极出发，终止于磁体的南极B.赫兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁理论C.微观世界的某些极少数带电微粒的能量的变化可以是连续的D.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零【答案】B【解析】【详解】A．磁感线在磁体的外部从北极出发到南极，内部从南极到北极，形成闭合的曲线，选项A错误；B．赫兹通过实验捕捉到了电磁波，证实了麦克斯韦的电磁理论，选项B正确；C．微观世界的带电微粒辐射和吸收能量时是以最小能量值，即能量子ε的整数倍一份一份地辐射或吸收的，是不连续的，故C错误；D．一小段通电导线在某处不受磁场力，可能是电流方向与磁场方向平行，而该处磁感应强度不一定为零，选项D错误。故选B。2.如图所示，a、c是水平放置的通电螺线管轴线上的两点，c是螺线管轴线的中点，b、d是通电螺线管中垂线上关于轴线对称的两点，下列说法中正确的是（　　）第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 A.c点处的磁感应强度最小B.c点处的磁感应强度方向水平向右C.b、c两点处的磁感应强度方向相同D.b、d两点处的磁感应强度方向相反【答案】B【解析】【详解】AD．根据右手螺旋定则，螺线管的右端为N极，左端为S极，a点在螺线管端面处，c点在螺线管内部，b、d点在螺线管中部，此时c点处磁感线最密集，故c点处磁感应强度最大；外部磁感线由N极到S极，因b、d关于轴线对称，按照磁场分布，则磁感应强度大小相等，方向相同，选项AD错误；BC．c点位于通电螺线管内部，螺线管的右端为N极，左端为S极，内部磁感线方向由S极到N极，故此时c点磁感应强度方向向右，b在通电螺线管外部，此时磁感线从N极出发回到S极，故b点磁感应强度方向向左，b、c两点磁感应强度方向相反，故B正确，C错误。故选B3.随着居民生活水平的提高，纯净水已经进入千家万户。某市对市场上售出的纯净水质量进行了抽测，检测样品的电导率（电导率是电阻率的倒数，是检验纯净水是否合格的一项重要指标），来判断纯净水是否合格。下列说法正确的是（　　）A.电导率的单位是B.任何材料的电导率的大小均与温度无关C.不合格的纯净水的电导率偏大D.材料的电导率越小，其导电性能越强【答案】C【解析】【详解】A．根据电阻定律解得可知电阻率的单位为，电导率是电阻率的倒数，则电导率的单位是，故A错误；第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 B．金属材料的电阻率与温度有关，金属材料的电导率的大小也与温度有关，故B错误；C．不合格的纯净水中含有较多的离子，导电能力好，电阻率小，电导率偏大，故C正确；D．材料的导电性能越强，电阻率越小，电导率越大，故D错误。故选C。4.篮球运动是一项同学们喜欢体育运动，通过篮球对地冲击力大小判断篮球的性能.某同学让一篮球从高处自由下落，测出篮球从开始下落至反弹到最高点所用时间为，该篮球反弹时从离开地面至最高点所用时间为，篮球的质量，重力加速度取，不计空气阻力。则篮球对地面的平均作用力大小为（　　）A.B.C.D.【答案】B【解析】【详解】根据自由落体运动位移—时间公式可得篮球下落的时间为根据自由落体运动速度—位移公式可得篮球下落到地面的速度为篮球离开地面上升过程可逆向看作自由落体运动，根据速度—时间公式，可得篮球离开地面时的速度为篮球和地面接触的时间为根据动量定理，取向上为正方向，可得代入数据解得第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 故选B。5.如图所示，在张紧的绳上挂五个相同的小球，已知轻绳长远大于小球半径，A、D两球的绳长相等，B、E两球的绳长相等，使A球小角度在竖直平面内摆动，其余各球在A球的驱动下逐步振动起来，不计空气阻力。下列说法正确的是（　　）A.稳定时B球的振幅最大B.稳定时C球的振幅最大C.稳定时D球的振幅最大D.稳定时E球振幅最大【答案】C【解析】【详解】使A球小角度在竖直平面内摆动，其余各球在A球的驱动下做受迫振动，稳定时，其余各球振动的频率都与A球振动的频率相同，由于A球的振动频率等于D球的固有频率，D球发生共振，振幅最大。故选C。6.一列简谐横波在时的波形图如图（a）所示，P、Q是介质中的两个质点，图（b）是质点Q的振动图象。关于该简谐波，下列说法正确的是（　　）A.波速为9cm/sB.沿x轴正方向传播C.质点Q在时沿y轴正方向振动D.在时质点P移动到O点【答案】C第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 【解析】【详解】A．由图可知波长为，周期为T=2s，所以波速为A错误；B．根据“上下坡”法以及Q的振动图像可以判断出波x轴负方向传播，B错误；C．由振动图像可知质点Q在时沿y轴正方向振动，C正确；D．振动的介质不会随波向前移动，D错误。故选C。7.如图所示，电源电压不变，甲、乙、丙为电流表和电压表，滑动变阻器触头P置于中点，任意闭合开关，电路都是安全的，且当只闭合时，三个电表都有示数，下列说法正确的是（　　）A.只闭合，P向左滑动，甲表和丙表的示数都变大B.只闭合，P向右滑动，乙表和丙表的示数都变小C.闭合、、，P向左滑动，电路的总功率减小D.闭合、，断开，P向右滑动，甲表的示数的变化量大于丙表的示数的变化量【答案】C【解析】【详解】A．任意闭合开关，电路都是安全的，故乙表一定是电压表，只闭合时，三个电表都有示数，可知甲表和丙表是电流表，只闭合，P向左滑动，滑动变阻器阻值增大，根据串反并同可知与它串联的甲表和丙表的示数都变小，故A错误；B．只闭合，P向右滑动，滑动变阻器阻值减小，根据串反并同可知，与它串联的丙表的示数变大，与它并联的乙表示数减小，故B错误；C．闭合、、，P向左滑动，滑动变阻器阻值增大，回路中总电阻增大，根据第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 可知，总功率减小，故C正确；D．闭合、，断开，则则P向右滑动，滑动变阻器阻值减小，根据串反并同可知，与它串联的甲表和丙表的的示数增大，与它并联的电流减小，故故D错误。故选C。8.下图中能产生感应电流的是（　　）A.甲图中两根导体棒以一定的速度向相反方向运动B.乙图中导体框以一定的速度水平向右运动C.丙图中环形导线正上方通入逐渐增大的电流D.丁图中条形磁铁水平向右靠近环形导体【答案】AD【解析】【详解】A．甲图中两根导体棒以一定的速度向相反方向运动，穿过闭合回路的磁通量增大，可以产生感应电流，故A符合题意；B．乙图中导体框以一定的速度水平向右运动，导体框中的磁通量不变，不能产生感应电流，故B不符合题意；C．根据通电直导线周围磁场的分布规律以及对称性可知环形导线框中的磁通量始终为零，不能产生感应电流，故C不符合题意；D．丁图中条形磁铁水平向右靠近环形导体，环形导体中磁通量增大，可以产生感应电流，故D第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 符合题意。故选AD。9.一速率为、质量为的小球甲与一静止的、质量也为的小球乙正碰，则碰撞后乙球的速度可能为（　　）A.B.C.D.【答案】BC【解析】【详解】如果两小球之间是完全弹性碰撞，即没有能量损失，则有解得如果碰撞过程中能量损失最大，即碰撞后两小球共速，则有解得则乙球速度的取值范围为四个选项中符合该范围的速度值有、，故选BC。10.智能手机和平板电脑的耗电量大，因此移动充电宝深受大众喜爱，它是能直接为移动设备充电的储能装置。充电宝的转换率是指充电宝放电总量占充电宝容量的比值，一般在0.7～0.9。某一款移动充电宝的参数见下表。下列说法正确的是（　　）容量兼容性大部分智能手机和平板电脑边充边放是保护电器是第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 输入DC5V2A输出DC5V1A或2A尺寸156*82*22mm转换率0.82产品名称×××重量约296gA.充电宝充电时将电能转化为化学能B.该充电宝最多能储存的能量为C.该充电宝电荷量从零到完全充满所用时间约为5hD.用该充满电的充电宝给电荷量为零、容量为的手机充电，理论上能充满5次【答案】AC【解析】【详解】A．充电宝充电时将电能转化为化学能，A正确；B．该充电宝的容量为q=10000mAh=10000×10-3×3600C=3.6×104C该电池的电动势为5V，所以充电宝储存的能量E=E电动势q=5×3.6×104J=1.8×105JB错误；C．以2A的电流为用电器供电则供电时间=C正确；D．按充电宝的转化率是0.7分析，所以可以释放的电量为10000mAh×0.7=7000mAh给容量为2000mAh的手机充电的次数n=5D错误。故选AC。二、非选择题（本题共5小题，共54分）11.利用双缝干涉测定光的波长实验中，双缝间距d=0.4mm，双缝到光屏间的距离L=0.5m第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 ，用某种单色光照射双缝得到干涉条纹如下图所示，分划板在图中A、B位置时游标卡尺读数也如图中所给出，则：（1）分划板在图中B位置时游标卡尺读数xB=______mm；（2）相邻两条纹间距Δx=______mm（保留三个有效数字）；（3）该单色光的波长=______nm（保留三个有效数字）；（4）若改用频率较高的单色光照射，得到的干涉条纹间距将______（填“变大”、“不变”或“变小”）。【答案】①.15.5②.0.733③.586④.变小【解析】【详解】（1）[1]该游标卡尺的精度为0.1mm，B位置15mm+0.1×5mm=15.5mm（2）[2]A位置游标卡尺精度为0.1mm，该位置读数为11mm+0.1×1mm=11.1mm相邻两条纹间距（3）[3]根据双缝干涉条纹间距公式解得（4）[4]根据双缝干涉条纹间距公式有可知，频率越高，波长越短，条纹间距越小，即改用频率较高的单色光照射，得到的干涉条纹间距将变小。12.某同学想通过实验测量一电源的电动势和内阻，已有的实验器材如下：第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 待测电源（电动势约为8V，内阻在2Ω以内）电流表（量程0～0.6A，内阻）电压表（量程0～3V，内阻）滑动变阻器（阻值范围0～10Ω）2个电阻箱（阻值范围0～9999.9Ω）实验操作步骤如下：（1）实验中由于电表的量程不足，于是该同学设计了如图甲所示电路进行实验，为了将电流表量程改成1.8A，电压表量程改成10V，则______Ω，______Ω。（均保留两位有效数字）（2）改装好电表后，该同学多次改变滑动变阻器的阻值，读出多组电流表示数I、电压表示数U，并记录下数据。某次测量中电压表的指针位置如图乙所示，则读出电压为______V（此处填写从表盘读出的实际数值）。（3）利用记录好的数据作出电压U与电流I的图像如图丙所示，根据图像可得到待测电源电动势______V，电源内阻______Ω。（均保留两位小数）【答案】①.0.75②.3500③.1.20④.7.5⑤.0.33【解析】【详解】（1）[1]电流量程0～0.6A改装成1.8A的电流表，由并联电路的电压相等，可得第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 代入数据解得[2]电压表量程0~3V改成10V，由串联电路的电流相等，可得代入数据解得（2）[3]由图乙可知，电压表的最小刻度值是0.1V，读数是1.20V，因电压表的量程扩大了，因此电压表的实际测量电压值为（3）[4]由题图丙的电压U与电流I的图像，在纵轴上的截距是2.25V，则实测电源电动势为[5]电流表量程扩大了3倍，电压U与电流I的图像斜率实际为则有电源内阻13.两木块A、B质量分别为m、2m，用劲度系数为k的轻弹簧连在一起，放在水平地面上，如图所示，用外力将木块A压下一段距离静止，释放后A在竖直方向做简谐运动，在A振动过程中，木块B刚好未离开地面。重力加速度为g，求：（1）木块A的最大加速度值；（2）B给地面的最大压力值。【答案】（1）3g；（2）6mg【解析】【详解】（1）由于A做简谐运动，在最高点和最低点加速度最大，在最高点时，木块B第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 刚好对地面的压力为零，此时弹簧弹力对A物体，根据牛顿第二定律可得木块A的最大加速度（2）由对称性可知在最低点的加速度向上对A受力分析由对B受力分析由由牛顿第三定律得14.如图所示，等腰直角三角形ABC为某透明介质的横截面，O为BC边的中点，位于O点处的点光源在透明介质内向各个方向发射光线，其中从AC边上的D点射出的光线平行于BC，且OC与OD夹角为15°，从E点射出的光线垂直BC向上．已知BC边长为2L．求：（1）该光在介质中发生全反射的临界角C；（2）DE的长度x．第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 【答案】（1）C=45°；（2）【解析】【详解】（1）由几何关系可知，题图中∠ODE=60°，故光线OD在AC面上入射角为30°，折射角为45°根据光的折射定律有由sinC=1/n，知C=45°.（2）由，解得由几何关系可知，光线OE在AC面上的折射角为45°，根据光的折射定律有，OE光线在AC面上的入射角为30°，故题图中∠OEC=60°，则△ODE为等边三角形，得15.如图所示，水平光滑的地面上，固定一个带有挡板且上表面光滑的木块Q，轻弹簧一端固定在挡板上，另一端与质量为m的小滑块接触但不粘连.现缓慢推小滑块，使弹簧压缩并用细线锁住，此时弹簧的弹性势能为。某时刻烧断细线，弹簧恢复原长瞬间滑块获得一定速度滑上木块P。P的质量为2m，其ab段为粗糙的水平面，长度为L，bc段为一光滑斜面，斜面和水平面平滑连接，小滑块运动到bc段高为h处又滑下来，运动到a点前与物体P相对静止。重力加速度大小为g。求：（1）滑块离开弹簧时的速度大小；（2）滑块在ab段受到的摩擦力f；（3）小滑块最后的速度及整个过程中因摩擦产生的热量。【答案】（1）；（2）；（3），【解析】【详解】（1）根据解得第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 （2）小滑块运动到bc段高为h处时与木块具有共同的速度，根据小滑块与木块动量守恒有根据能量守恒有联立解得（3）小滑块与木块相互作用整个过程动量守恒，所以解得所以系统损失的机械能为第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司 第15页/共15页学科网（北京）股份有限公司