广东省封开县江口中学2024届高三上学期第二次月考数学 Word版含解析.docx

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封开县江口中学高三第二次月考数学试题一、单选题1.如图,已知全集,集合,,,图中阴影部分表示集合,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】由题求解即可得答案.【详解】解:∵全集,∴由韦恩图可知,.故选:D.2.复数,,则复数在复平面内所对应的点在A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限【答案】B【解析】【分析】先利用复数的乘法求得复数z,进而可得其在复平面内对应点的坐标.【详解】,复数在复平面内所对应的点的坐标为,故选:B.3.若,则()A.B. C.D.【答案】A【解析】【分析】根据对数函数及指数函数的单调性判断与0,1的大小关系,即得.【详解】∵,∴.故选:A.4.已知是公差为2的等差数列,且,,成等比数列,则等于()A.44B.48C.64D.108【答案】C【解析】【分析】由,,成等比数列,公差为2,解出的值,再根据等差数的求和公式求解即可.【详解】解:因为是公差为2的等差数列,所以,,又,,成等比数列,所以,即,解得,所以.故选:C.5.已知复数,则()A.B.2C.D.5【答案】A【解析】【分析】利用复数的除法法则和复数的减法法则,结合复数的模公式即可求解. 【详解】由题意知,,所以,所以.故选:A.6.下列选项正确的是()A.是的必要不充分条件B.在中,是的充要条件C.是的充要条件D.命题“,”的否定是:“,”【答案】B【解析】【分析】由可判断A;由或,结合可判断B;由,可判断C;根据全称命题的否定可判断D.【详解】选项A,若,则,若,则,∴是的充要条件,故A错误;选项B,若,则或(显然不成立),若,则,∴是的充要条件,故B正确;选项C,若,则,若,则,∴是的充分不必要条件,故C错误;选项D,命题“,”的否定是:“,”,故D错误.故选:B7.已知是第二象限的角,,则()A.B.C.D.【答案】A【解析】【分析】有诱导公式与同角三角函数基本关系求解即可【详解】 故选:A8.在中,内角,,所对的边分别为,,,,,则()A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】根据正弦定理进行角化边,再由余弦定理可解.【详解】根据题意,,利用正弦定理得:,再结合,可得,由余弦定理:,所以D选项正确.故选:D二、多选题9.设a,b,c是实数,且,则下列不等式恒成立的是()A.B.C.D.【答案】AD【解析】【分析】根据不等式性质,结合指数函数和对数函数的单调性,即可判断和选择.【详解】对A:若,故,则,即,故A正确;对B:当时,,故B错误;对C:是上的单调增函数,但大小关系不确定,故无法判断,C错误;对D:,故,为上的单调增函数,故,D正确.故选:AD.10.在单位圆中,已知角的终边与单位圆的交点为,则() A.B.C.D.【答案】AB【解析】【分析】先利用三角函数定义求得,进而求得的值判断选项A;求得的值判断选项B;求得的值判断选项C;求得的值判断选项D.【详解】角的终边与单位圆的交点为则,则选项A判断正确;所以,则选项B判断正确;,则选项C判断错误;,则选项D判断错误.故选:AB11.已知向量,则()A.B.向量的夹角为C.D.在方向上的投影向量是【答案】BD【解析】【分析】根据向量的加法求出,由两个向量垂直,数量积为零,求出,然后逐一判断各选项,在方向上的投影向量为.【详解】已知则, ,,,,故A错误;,所以向量的夹角为,故B正确;,,故错误;在方向上的投影向量为,故D正确.故选:BD.12.把函数的图象向左平移个单位长度,得到的函数图象恰好关于轴对称,则下列说法正确的是()A.的最小正周期为B.关于点对称C.在上单调递增D.若在区间上存在最大值,则实数的取值范围为【答案】ACD【解析】【分析】先利用辅助角公式化简,再通过图像平移求得新的函数,从而利用关于轴对称求得,由此得到的解析式,最后结合三角函数的性质即可对选项逐一判断.【详解】因为,所以把的图像向左平移个单位长度得到函数的图像, 因为关于轴对称,所以,,即,,又因为,所以,,对于A,,故A正确;对于B,,故B错误;对于C,由,得,所以当时,的单调递增区间为,又因为,所以在上单调递增,故C正确;对于D,若函数在上存在最大值,由选项C可知,在上单调递增,且,即在时取得最大值,所以,即实数的取值范围为,故D正确.故选:ACD.三、填空题13.等比数列中,公比q=2,S4=1,则S8=___________.【答案】17【解析】【分析】根据等比数列的性质得到,进而求出的值.【详解】因为,即,又,所以. 故答案为:1714.已知向量、不共线,且向量与平行,则实数________.【答案】【解析】【分析】设,根据平面向量的基本定理可得出关于、的方程组,即可解得实数的值.【详解】因为向量与平行,设,其中,因为向量、不共线,则,解得.故答案为:.15.曲线在点处切线的斜率为___________.【答案】2【解析】【分析】首先求导得到,再利用导数的几何意义求解即可.【详解】,,.故答案为:216.已知函数且,则_____.【答案】1或【解析】【分析】分类讨论,代入不同函数解析式,即可求得参数值.【详解】若,则,解得或(舍去);若,则,解得(舍去), 综上,或.故答案为:1或.【点睛】本题考查由分段函数的函数值求自变量,属于简单题目.四、解答题17.已知是等差数列,,.(1)求的通项公式;(2)求数列的前n项和.【答案】(1);(2).【解析】【分析】(1)先利用已知条件求出公差,再利用等差数列的通项公式求解即可;(2)先由(1)知,再利用等差和等比数列的前项和公式求解即可.【详解】解:(1)因为,,所以公差,则的通项公式为.(2)由(1)知,所以.18.已知函数在时有极值.(1)求函数的解析式及单调区间;(2)求函数在区间的最大值与最小值.【答案】(1);的单调增区间为和,单调减区间为;(2)最大值为20,最小值为0. 【解析】【分析】(1)先依题列式解得参数,再检验参数否满足题意,即得解析式和单调区间;(2)利用(1)中函数的单调性,计算极值和区间端点处的函数值,并比较大小,即得结果.【详解】解:(1)在时有极值且,,即,解得,此时,,,令解得,令解得,上单调递增,在上单调递减,上单调递增,即函数确实在时取得极值,故的解析式为,的单调增区间为和,单调减区间为.(2)由(1)知在上单调递增,单调递减,在单调递增,极大值为,又,;极小值为,,;所以在区间最大值为20,最小值为0.【点睛】思路点睛:利用导数研究函数的最值的步骤:①写定义域,对函数求导;②在定义域内,解不等式和得到单调性;③利用单调性判断极值点,比较极值和端点值得到最值即可.19.在中,角所对的边分别为,且,.(1)若,求的值;(2)若的面积是,求的值.【答案】(1)(2). 【解析】【分析】(1)先由,得到,根据两角和的余弦公式可求出,再由正弦定理可得,求出,进而可得出结果;(2)先由三角形面积公式求出,再根据余弦定理即可求出结果.【详解】(1),.,由正弦定理得,,即,解得..(2),,由余弦定理得,,,,.【点睛】本题主要考查解三角形,熟记正弦定理和余弦定理即可,属于常考题型.20.已知正项等比数列,其中,,分别是下表第一、二、三行中的某一个数,令.第一列第二列第三列第一行第二行第三行(1)求数列和的通项公式; (2)设数列的前项和为,证明:.【答案】(1);;(2)证明见解析.【解析】【分析】(1)由表格数据可确定,由此可得等比数列公比,由等比数列通项公式可得;由对数运算可得;(2)由(1)可得,采用裂项相消法可求得,由可推导证得结论.【详解】(1)由题意得:,,,等比数列的公比,.又,.(2)由(1)知:,,,,,.【点睛】方法点睛:本题重点考查了裂项相消法求解数列的前项和的问题,裂项相消法适用于通项公式为形式的数列,即,进而前后相消求得结果.21.在△ABC中,已知,.(1)求的值;(2)若的面积为,求边的长.【答案】(1);(2)【解析】【分析】 (1)先根据已知条件求出,再由求出,从而求出角;(2)设,利用正弦定理得求出,再利用求出,所以的面积为:,所以,即.【详解】解:(1)在中,,,,,,故,所以,,所以;(2)由(1)知,设,利用正弦定理:得:,又,解得,所以的面积为:,所以,即.【点睛】本题主要考查了正弦定理,以及同角三角函数间的基本关系,属于中档题.22.已知函数,.(1)讨论函数的单调性;(2)当时,,求的取值范围.【答案】(1)在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增(2)【解析】【分析】(1)利用导函数与单调性的关系求解;(2)利用导数与单调性和最值的关系分类讨论求解即可. 【小问1详解】因为,令,解得或,令,解得,所以在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增.【小问2详解】设,注意到.有,注意到.设,有.①当时,对于,有,所以在区间上单调递增,所以对于,有,从而在区间上单调递增,故对于,有.符合题意.②当时,因,所以存在,使得对于,有.从而在区间上单调递减,故对于,有.不符合题意.综上,的取值范围是.

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