2023届高考仿真卷化学试卷含解析

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2023高考化学模拟试卷注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、甲苯是重要的化工原料。下列有关甲苯的说法错误的是A．分子中碳原子一定处于同一平面B．可萃取溴水的溴C．与H混合即可生成甲基环己烷D．光照下与氯气发生取代反应22、用电化学法制备LiOH的实验装置如图，采用惰性电极，a口导入LiCl溶液，b口导入LiOH溶液，下列叙述正确的是（）A．通电后阳极区溶液pH增大B．阴极区的电极反应式为4OH－–4e－＝O↑+2HO22C．当电路中通过1mol电子的电量时，会有0.25mol的Cl生成2D．通电后Li+通过交换膜向阴极区迁移，LiOH浓溶液从d口导出3、设N为阿伏加德罗常数的值。下列有关叙述正确的是()AA．常温常压下，等物质的量浓度的NaCO与NaS溶液中阳离子的数目相等232B．标准状况下，22.4LHF所含有的分子数目为NAC．常温常压下，NO与NO的混合气体46g，原子总数为3N224AD．0.1mol-NH(氨基)中所含有的电子数为N2A4、25℃时，向KCl溶液加入少量KCl固体至溶液刚好饱和。在这一过程中，没有发生改变的是A．溶液中溶质的质量B．溶液中KCl质量分数C．溶液中溶剂的质量D．KCl溶液质量5、如图是某元素的价类二维图。其中X是一种强碱，G为正盐，通常条件下Z是无色液体，D的相对原子质量比C小16，各物质转化关系如图所示。下列说法正确的是

1A．E可以是金属也可以是非金属B．C和D两种大气污染物，都能用排空气法收集C．B的浓溶液具有吸水性，可用来干燥气体D．实验室制备F时，可以将其浓溶液滴入碱石灰中进行制取6、用N表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述正确的是AA．标准状况下,22.4L乙酸中含有的碳碳单键总数为2NAB．常温下,46gNO气体中所含有的分子数为N2AC．1mol氖气中含有的原子总数为NAD．0.1L0.1mol·L-1MgCl溶液中的Mg2+数目为0.01N2A7、下列操作不能达到目的的是选项目的操作A．配制100mL1.0mol/LCuSO溶液将25gCuSO·5HO溶于100mL蒸馏水中442B．除去KNO中少量NaCl将混合物制成热的饱和溶液，冷却结晶，过滤3C．在溶液中将MnO－完全转化为Mn2＋向酸性KMnO溶液中滴加HO溶液至紫色消失4422D．确定NaCl溶液中是否混有NaCO取少量溶液滴加CaCl溶液，观察是否出现白色浑浊232A．AB．BC．CD．D8、以下是中华民族为人类文明进步做出巨大贡献的几个事例，运用化学知识对其进行的分析不合理的是A．四千余年前用谷物酿造出酒和醋，酿造过程中只发生水解反应B．商代后期铸造出工艺精湛的后(司)母戊鼎，该鼎属于铜合金制品C．汉代烧制出“明如镜、声如磬”的瓷器，其主要原料为黏士D．屠呦呦用乙醚从青蒿中提取出对治疗疟疾有特效的青蒿素，该过程包括萃取操作9、设N为阿伏加德罗常数的值，下列说法不正确的是A．．．

2A．0.1molCHN中所含共用电子对数目为1.2N39AB．14gN（分子结构如图所示）中所含N－N键数目为1.5N60AC．某温度下，1LpH＝6的纯水中所含OH−数目为1.0×10−8NAD．标准状况下，5.6L甲醛气体中所含的质子数目为4NA10、短周期元素W、X、Y、Z原子序数依次增大。甲、乙、丙、丁、戊均由上述二种或三种元素组成，甲为淡黄色固体，乙和丁均为分子中含有10个电子的二元化合物，有关物质的转化关系如下图所示。下列说法错误的是A．W与Z形成的化合物为离子化合物B．戊一定为有毒气体C．离子半径大小：Y>Z>WD．相同条件下，乙的沸点高于丁11、下列实验方案能达到实验目的的是选实验目的实验方案项A去除甲烷中少量的乙烯将气体依次通过酸性高锰酸钾溶液和浓硫酸洗气洗涤分解KMnO制O的42B先用稀盐酸洗涤试管，再用水清洗试管C探究蛋白质的盐析向硫酸铵饱和溶液中滴加几滴鸡蛋清溶液，再加入蒸馏水将粗碘放入烧杯中，烧杯口放一盛满冷水的烧瓶，隔石棉网对烧杯加热，然后收集D提纯混有NHCl的粗碘4烧瓶外壁的固体A．AB．BC．CD．D12、使用下列试剂或进行下列操作，能达到相应实验目的的是

3实验目的试剂或实验操作A制备一定量氢气锌粒、稀硝酸B证明Al(OH)，具有两性0.1mol/L的盐酸与0.1mol/L的氨水3C除去酒精中少量的水加入适量CaO后蒸发证明NaO与HO的键能之和小于生成的用脱脂棉包裹适量NaO后，再向脱脂棉上滴几滴水，脱脂棉燃22222DNaOH与氧气的键能之和烧A．AB．BC．CD．D13、硝酸铵（NHNO）在不同条件下分解可以得到不同的产物，下列各组物质中肯定不可能是硝酸铵分解产物的是43A．NO、HOB．N、O、HOC．N、HNO、HOD．NH、NO、H222222323214、全钒液流电池是一种以钒为活性物质呈循环流动液态的氧化还原电池。钒电池电能以化学能的方式存储在不同价态钒离子的硫酸电解液中，通过外接泵把电解液压入电池堆体内，在机械动力作用下，使其在不同的储液罐和半电池的闭合回路中循环流动，采用质子交换膜作为电池组的隔膜，电解质溶液流过电极表面并发生电化学反应，进行充电和放电。下图为全钒液流电池放电示意图：下列说法正确的是()A．放电时正极反应为：VO2++2H+-e-=VO++HO22B．充电时阴极反应为：V2+-e-=V3+C．放电过程中电子由负极经外电路移向正极，再由正极经电解质溶液移向负极D．该电池的储能容量，可以通过增大电解液存储罐的容积并增加电解液的体积来实现15、中美科学家在银表面首次获得了二维结构的硼烯，该科研成果发表在顶级刊《Science》上，并获得重重点推荐。

4二维结构的硼烯如图所示，下列说法错误的是（）A．1mol硼原子核外电子数为3NAB．1molBF分子中共价键的数目为3N3AC．1molNaBH与水反应转移的电子数为4N4AD．硼烯有望代替石墨烯作“硼烯一钠基“电池的负极材料16、化学与生活密切联系，下列有关物质性质与应用对应关系正确的是A．SiO具有很强的导电能力，可用于生产光导纤维2B．NaCO溶液呈碱性，可用于治疗胃酸过多23C．NH具有还原性，可用于检查HCl泄漏3D．BaSO不溶于水和盐酸，可用作胃肠X射线造影检查4二、非选择题（本题包括5小题）17、美托洛尔可用于治疗各类型高血压及心绞痛，其一种合成路线如下：已知：CHCOCHRZnHg/HClCHCHCHR32322回答下列问题：(1)A→B的反应类型是______________，B中官能团的名称为______________。(2)D→E第一步的离子方程式为_________。(3)E→F的条件为______________，请写出一种该过程生成的副产物的结构简式_________。(已知在此条件下，酚羟基不能与醇发生反应)。(4)碳原子上连有4个不同的原子或基团时，该碳称为手性碳。写出G的结构简式，并用星号(*)标出G中的手性碳

5______________。(5)芳香族化合物I是B的同分异构体，I能与银氨溶液作用产生银镜，且在苯环上连有两个取代基，则I同分异构体的数目为_________种。(6)(J)是一种药物中间体，参照上述合成路线，请设计以甲苯和苯酚为原料制备J的合成路线____________________(无机试剂任选)。18、铃兰醛[]具有甜润的百合香味，对皮肤的刺激性小，对碱稳定，广泛用于百合、丁香、玉兰、茶花以及素心兰等东方型香型日用香精的合成。常用作肥皂、洗涤剂的香料，还可用作花香型化妆品的香料。其合成路线如图所示：(1)B中官能团的名称是______。(2)①的反应类型是______。(3)写出反应②的化学方程式：______。(4)乌洛托品的结构简式如图所示：其二氯取代物有______种，将甲醛的水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品，该反应的化学方程式是______。(5)写出满足下列条件的A的同分异构体______。Ⅰ.有两个取代基Ⅱ.取代基在邻位(6)已知：RCHCOOHPCl3RCHClCOOH。仿照上述流程，写出以CHCHCHO为原料制备聚乳酸2Δ32的合成路线______(无机试剂自选)。19、结晶硫酸亚铁部分失水时，分析结果如仍按FeSO·7HO的质量分数计算，其值会超过100％。国家标准规定，42FeSO·7HO的含量：一级品99.50％～100.5％；二级品99.00％～100.5％；三级品98.00％～101.0％。42

6为测定样品中FeSO·7HO的质量分数，可采用在酸性条件下与高锰酸钾溶液进行滴定。425Fe2＋＋MnO－＋8H＋→5Fe3＋＋Mn2＋＋4HO；422MnO－＋5CO2－＋16H＋→2Mn2＋＋10CO↑＋8HO42422测定过程：粗配一定浓度的高锰酸钾溶液1L，然后称取0.200g固体NaCO（式量为134.0）放入锥形瓶中，用蒸馏224水溶解并加稀硫酸酸化，加热至70℃～80℃。(1)若要用滴定法测定所配的高锰酸钾溶液浓度，滴定终点的现象是_______________。(2)将溶液加热的目的是____；反应刚开始时反应速率较小，其后因非温度因素影响而增大，根据影响化学反应速率的条件分析，其原因可能是______________________。(3)若滴定时发现滴定管尖嘴部分有气泡，滴定结束气泡消失，则测得高锰酸钾浓度_____（填“偏大”“偏小”“无影响”）。(4)滴定用去高锰酸钾溶液29.50mL，则c(KMnO)＝_____mol/L（保留四位有效数字）。4(5)称取四份FeSO·7HO试样，质量均为0.506g，，用上述高锰酸钾溶液滴定达到终点，记录滴定数据42滴定次数1234实验数据V(高锰酸钾)/mL(初读数)0.100.200.000.20V(高锰酸钾)/mL(终读数)17.7617.8818.1617.90该试样中FeSO·7HO的含量（质量分数）为_________（小数点后保留两位），符合国家______级标准。42(6)如实际准确值为99.80%，实验绝对误差=____%，如操作中并无试剂、读数与终点判断的失误，则引起误差的可能原因是：__________。20、某实验室废液含NH、Na+、Fe3+、Cr3+、SO2-、PO3-等离子，现通过如下流程变废为宝制备KCrO。444227已知：(a)2CrO2-黄色+2H+CrO2-橙色+HO；Cr3++6NH=CrNH3+黄色4272336(b)金属离子形成氢氧化物沉淀的pH范围如表。金属离子pH

7开始沉淀完全沉淀Fe3+2.73.7Cr3+4.96.8请回答：(1)某同学采用纸层析法判断步骤①加入KOH的量是否合适。在加入一定量KOH溶液后，用毛细管取样、点样、薄层色谱展开、氨熏后的斑点如图所示。加入KOH最适合的实验编号是(实验顺序已打乱)________，C的斑点颜色为________。(2)步骤②含Cr物质发生的主要反应的离子方程式为________________________。(3)在下列装置中，②应选用________。(填标号)(4)部分物质的溶解度曲线如图2，步骤⑤可能用到下列部分操作：a．蒸发至出现大量晶体，停止加热；b．冷却至室温；c，蒸发至溶液出现晶膜，停止加热；d．洗涤；e．趁热过滤；f．抽滤。请选择合适操作的正确顺序________。(5)步骤⑤中合适的洗涤剂是________(“无水乙醇”、“乙醇-水混合液”、“热水”、“冰水”)。(6)取mg粗产品配成250mL溶液，取25.00mL于锥形瓶中，用cmol·L-1的(NH)Fe(SO)标准溶液滴定(杂质不反应)，4242消耗标准(NH)Fe(SO)溶液VmL，则该粗产品中KCrO的纯度为________。424222721、新型储氢材料是开发利用氢能的重要研究方向。

8（1）Ti(BH)是一种储氢材料，可由TiCl和LiBH反应制得。4344①基态Cl原子中，电子占据的最高电子层符号为__，该电子层具有的原子轨道数为__。②LiBH由Li+和BH-构成，BH-的立体构型是__，B原子的杂化轨道类型是___。444③Li、B元素的电负性由小到大的顺序为___。（2）金属氢化物是具有良好发展前景的储氢材料。①LiH中，离子半径：Li＋__H-(填“>”“＝”或“<”)。②某储氢材料是短周期金属元素M的氢化物。M的部分电离能如下表所示：I/kJ·mol-1I/kJ·mol-1I/kJ·mol-1I/kJ·mol-1I/kJ·mol-112345738145177331054013630M是__族元素。（3）图2是立方氮化硼晶胞沿z轴的投影图，请在图中圆球上涂“●”和涂“”分别标明B与N的相对位置___。（4）NaH具有NaCl型晶体结构，已知NaH晶体的晶胞参数a＝488pm，Na＋半径为102pm，H-的半径为__，NaH的理论密度是__g·cm-3（保留3个有效数字）。参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、C【解析】A．苯环具有平面形结构，甲苯中侧链甲基的碳原子取代的是苯环上氢原子的位置，所有碳原子在同一个平面，故A正确；B．甲苯不溶于水，可萃取溴水的溴，故B正确；C．与H混合，在催化剂，加热的条件下才能反应生成甲基环己烷，故C错误；2

9D．光照下，甲苯的侧链甲基上的氢原子能够与氯气发生取代反应，故D正确；故选C。2、D【解析】A、左端为阳极，阳极上失去电子，发生氧化反应2Cl－2e－=Cl↑，氯气溶于水生成盐酸和次氯酸，pH有所降低，故2错误；B、右端是阴极区，得到电子，反应是2H＋＋2e－=H↑，故错误；2C、根据选项A的电极反应式，通过1mol电子，得到0.5molCl，故错误；2D、根据电解原理，阳离子通过阳离子交换膜，从正极区向阴极区移动，LiOH浓溶液从d口导出，故正确。3、C【解析】A．常温常压下，等物质的量浓度的NaCO与NaS溶液中阳离子的数目不一定相等，因为各溶液的体积未知，A错232误；B．标准状况下HF不是气态，22.4LHF所含有的分子数目不是N，B错误；AC．NO与NO的最简式均是NO，常温常压下，NO与NO的混合气体46g含有1mol“NO”，原子总数为3N，22422242AC正确；D．-NH(氨基)含有9个电子，0.1mol-NH(氨基)中所含有的电子数为0.9N，D错误；22A答案选C。【点睛】选项B是解答的易错点，容易根据HCl是气体而认为HF在标况下也是气态，错因在于忽略了HF分子间存在氢键，从而导致HF熔沸点升高，标况下不是气态。4、C【解析】25℃时，向KCl溶液加入少量KCl固体至溶液刚好饱和的过程中，随着氯化钾的增加，溶液中氯化钾的质量逐渐增加、氯化钾的质量分数逐渐增大、溶液的质量逐渐增大，但是整个过程中溶剂水的质量不变，答案选C。5、D【解析】G+NaOH反应生成氢化物，再结合D的相对原子质量比C小16，可以得出F为氨气，D为NO，E为氮气，C为NO，2B为HNO，A为NaNO。33【详解】A选项，E是氮气，故A错误；

10B选项，C和D两种大气污染物，NO不能用排空气法收集，故B错误；2C选项，B的浓溶液具有强氧化性，故C错误；D选项，实验室制备氨气时，可以将其浓氨水和碱石灰反应得到，故D正确；综上所述，答案为D。6、C【解析】A.标准状况下，乙酸为液体，无法计算，故A错误；B.在NO气体中部分NO会自发发生反应2NONO，所以46gNO气体中所含有的分子数小于N，故B错222242A误；C.氖气是以单原子的形式存在，因此1mol氖气中的含有1N的原子，故C正确；AD.氯化镁溶液中镁离子会水解，因此0.1L0.1mol·L-1MgCl溶液中的Mg2+数目小于0.01N，故D错误；2A故选C。7、A【解析】A、将25gCuSO·5HO溶于100mL蒸馏水中所得溶液的体积不是0.1L，所以不能实现目的，A错误；42B、硝酸钾和氯化钠的溶解度受温度影响相差大，因此将混合物制成热的饱和溶液，冷却结晶，过滤即可除去KNO3中少量NaCl，B正确；C、高锰酸钾具有强氧化性，能把双氧水氧化为氧气，而高锰酸钾被还原为锰离子，导致溶液紫色消失，所以能实现目的，C正确；D、NaCl和CaCl不反应，NaCO和CaCl反应生成碳酸钙沉淀，所以可以检验是否含有NaCO，则可以实现目的，223223D正确；答案选A。【点晴】该题的易错点是物质的分离与提纯，分离提纯方法的选择思路是根据分离提纯物的性质和状态来定的。具体如下：①分离提纯物是固体(从简单到复杂方法)：加热(灼烧、升华、热分解)，溶解，过滤(洗涤沉淀)，蒸发，结晶(重结晶)，例如选项B；②分离提纯物是液体(从简单到复杂方法)：分液，萃取，蒸馏；③分离提纯物是胶体:盐析或渗析；④分离提纯物是气体：洗气。8、A【解析】

11本题考查的是化学知识在具体的生产生活中的应用，进行判断时，应该先考虑清楚对应化学物质的成分，再结合题目说明判断该过程的化学反应或对应物质的性质即可解答。【详解】A．谷物中的淀粉在酿造中发生水解反应只能得到葡萄糖，葡萄糖要在酒化酶作用下分解，得到酒精和二氧化碳。酒中含有酒精，醋中含有醋酸，显然都不是只水解就可以的，选项A不合理；B．商代后期铸造出工艺精湛的后(司)母戊鼎属于青铜器，青铜是铜锡合金，选项B合理；C．陶瓷的制造原料为黏土，选项C合理；D．屠呦呦用乙醚从青蒿中提取出对治疗疟疾有特效的青蒿素，是利用青蒿素在乙醚中溶解度较大的原理，将青蒿素提取到乙醚中，所以属于萃取操作，选项D合理。【点睛】萃取操作有很多形式，其中比较常见的是液液萃取，例如：用四氯化碳萃取碘水中的碘。实际应用中，还有一种比较常见的萃取形式是固液萃取，即：用液体溶剂萃取固体物质中的某种成分，例如：用烈酒浸泡某些药材。本题的选项D就是一种固液萃取。9、C【解析】A.根据物质中的最外层电子数进行分析，共用电子对数为(3493)0.1molCHN中所含共用电子对数目为12，所以2391.2N，故正确；AB.14gN的物质的量为141的结构是每个氮原子和三个氮原子结合形成两个双键和一个单键，每两个mol，N6014606060氮原子形成一个共价键，1molN含有的氮氮键数为60314gN的含有氮氮键1，90mol，即901.5mol，数目为1.5N6026060A故正确；C.某温度下，1LpH＝6的纯水中氢离子浓度为10-6mol/L，纯水中氢离子浓度和氢氧根离子浓度相等，所以氢氧根离子浓度为10-6mol/L，氢氧根离子数目为10-6N，故错误；AD.标准状况下，5.6L甲醛气体物质的量为0.25mol，每个甲醛分子中含有16个质子，所以0.25mol甲醛中所含的质子数目为4N，故正确。A故选C。10、B【解析】短周期元素W、X、Y、Z原子序数依次增大。甲、乙、丙、丁、戊均由上述二种或三种元素组成，甲为淡黄色固体，则甲为过氧化钠，乙和丁均为分子中含有10个电子的二元化合物，根据转化变系可知乙为水，Y的单质为氧气，丙为氢氧化钠，若丁为氮气，则戊为一氧化氮；若丁为甲烷，则戊为二氧化碳，故W、X、Y、Z分别为H、C（或N）、O、Na，

12据此分析。【详解】短周期元素W、X、Y、Z原子序数依次增大。甲、乙、丙、丁、戊均由上述二种或三种元素组成，甲为淡黄色固体，则甲为过氧化钠，乙和丁均为分子中含有10个电子的二元化合物，根据转化变系可知乙为水，Y的单质为氧气，丙为氢氧化钠，若丁为氮气，则戊为一氧化氮；若丁为甲烷，则戊为二氧化碳，故W、X、Y、Z分别为H、C（或N）、O、Na。A.W与Z形成的化合物NaH为离子化合物，选项A正确；B.戊为一氧化氮或二氧化碳，不一定为有毒气体，选项B错误；C.W离子比其他二者少一个电子层，半径最小，Y、Z离子具有相同电子层结构，核电荷数越大半径越小，故离子半径大小：Y>Z>W，选项C正确；D.相同条件下，乙为水常温下为液态，其的沸点高于丁（氨气或甲烷），选项D正确。答案选B。11、C【解析】A．乙烯会被酸性高锰酸钾氧化生成二氧化碳，且浓硫酸不能除去二氧化碳，故A错误；B．高锰酸钾分解制取氧气的产物中有二氧化锰，稀盐酸和二氧化锰不反应，故B错误；C．硫酸铵饱和溶液为浓盐溶液，可以使蛋白质发生盐析，不变性，再加入蒸馏水可以重新溶解，故C正确；D．加热时碘升华，氯化铵受热易分解，烧瓶底部得到的仍是混合物，加热不能将二者分离，故D错误；故答案为C。12、D【解析】A.稀硝酸具有强氧化性，与锌粒反应不会生成氢气，达不到实验目的；B.氢氧化铝不与弱碱反应，而氨水不能溶解氢氧化铝，达不到实验目的；C.除去酒精中少量的水，加入适量CaO后，CaO会与水反应生成沸点较高的氢氧化钙，可利用蒸馏的方法得到酒精，而不是蒸发操作，C项错误；D.用脱脂棉包裹适量NaO后，再向脱脂棉上滴几滴水，脱脂棉燃烧，说明该反应为放热反应，放热反应的反应物的22键能之和小于生成物的键能之和，即证明NaO与HO的键能之和小于生成的NaOH与氧气的键能之和，D项正确；222答案选D。【点睛】反应热的表达有宏观与微观两种方式。第一种，反应热=生成物的总能量-反应物的总能量；第二种，反应热=反应物的键能之和-生成物的键能之和，学生要理解反应的实质。13、D

13【解析】硝酸铵（NHNO）中的两个氮原子的化合价分别为-3和+5。43【详解】A.硝酸铵分解为NO和HO，-3价氮化合价升高到+1价，+5价氮化合价也降低到+1价，发生了归中反应，合理，故22A不选；B.硝酸铵分解为N、O、HO，硝酸铵中-3价氮化合价升高到0价，部分-2价氧的化合价也升高到0价，+5价氮的化222合价降低到0价，发生了氧化还原反应，故B不选；C.硝酸铵分解为N、HNO、HO，硝酸铵中的-3价氮和+5价氮发生了归中反应，生成了氮气，合理，故C不选；232D.硝酸铵分解为NH、NO、H，只有化合价的降低，没有化合价的升高，不合理，故D选。32故选D。14、D【解析】放电时，消耗H+，溶液pH升高，由此分析解答。【详解】A.正极反应是还原反应，由电池总反应可知放电时的正极反应为VO++2H++e-═VO2++HO，故A错误；22B.充电时，阴极反应为还原反应，故为V3+得电子生成V2+的反应，故B错误；C.电子只能在导线中进行移动，在电解质溶液中是靠阴阳离子定向移动来形成闭合回路，故C错误；D.该电池的储能容量，可以通过增大电解液存储罐的容积并增加电解液的体积来实现，正确；故答案为D。【点睛】本题综合考查原电池知识，侧重于学生的分析能力的考查，为高考常见题型和高频考点，注意把握原电池的工作原理，答题时注意体会电极方程式的书写方法，难度不大。15、A【解析】A.硼原子核外有5个电子，1mol硼原子核外电子数为5N，故A错误；AB.BF的结构为，1molBF分子中共价键的数目为3N，故B正确；33AC.NaBH与水生成氢气，氢元素化合价由-1升高为0，1molNaBH反应转移的电子数为4N，故C正确；44AD.硼烯具有导电性，有望代替石墨烯作“硼烯一钠基“电池的负极材料，故D正确；选A。16、D

14【解析】A.SiO纤维传导光的能力非常强，所以是制光导纤维的主要原料，但二氧化硅不能导电，A错误；2B.碳酸钠溶液的碱性较强，不能用于治疗胃酸过多，应选氢氧化铝或碳酸氢钠来治疗胃酸过多，B错误；C.NH与HCl反应生成NHCl白色固体，因此会看到产生大量的白烟，利用这一现象可检查HCl是否泄漏，与NH343的还原性无关，C错误；D.硫酸钡不溶于水，也不能与盐酸反应，同时也不能被X射线透过，因此可用作钡餐，用于胃肠X射线造影检查，D正确；故合理选项是D。二、非选择题（本题包括5小题）Δ+Cl17、取代反应羟基、羰基+2OH--+HO浓硫酸加热H2O2或或CHOCH1233Cl2NaOH水溶液O2/Cu光照ΔZn(Hg)/HCl【解析】根据C的结构和B的分子式可得B的结构简式为，A→B发生取代反应，又A的分子式为CHO，24则A为乙醛(CHCHO)，C在Zn/HCl的条件下得到D，根据已知信息，则D的结构简式为，D3再经消去反应和酸化得到E，E的结构简式为，E与CHOH在一定条件下反应生成3F(CHO)，F与反应生成G()，G与HNCH(CH)反应最终得到美托洛尔，据此分析9122232解答问题。【详解】

15(1)根据C的结构和B的分子式可得B的结构简式为，含有的官能团有羟基和羰基，A→B发生取代反应，又A的分子式为CHO，则A为乙醛(CHCHO)，故答案为：取代反应；羟基、羰基；243(2)由上述分析可知，D得到E的第一部反应为消去反应，反应方程式为+2OH-Δ+Cl-+HO，故答案为：HO22+2OH-Δ+Cl-+HO；HO22(3)E与CHOH在一定条件下反应生成F(CHO)，不饱和度没有发生变化，碳原子数增加1个，再联系G的结构，39122可知发生醇与醇之间的脱水反应，条件为浓硫酸，加热，已知在此条件下醇羟基不能与醇发生反应，则该过程的副反应为分子内消去脱水，副产物为，分子间脱水可得或CHOCH，故答案为：浓硫酸，加热；或33或CHOCH；33(4)根据手性碳的概念，可知G中含有的手性碳可表示为，故答案为：；(5)芳香族化合物I是B的同分异构体，I能与银氨溶液产生银镜，说明I中含有—CHO，则同分异构体包括：，—CHO可安在邻间对，3种，，—OH可安在邻间对，3种，，—CHO可安在邻间对，3种，，—CH可安在邻间对，3种，共有3×4=12种，故答案为：12；3(6)以甲苯和苯酚为原料制备，其合成思路为，甲苯光照取代变为卤代烃，再水解，变为醇，再催化氧化变为醛，再借助题目A→B，C→D可得合成路线：Cl2NaOH水溶液O2/Cu光照ΔZn(Hg)/HCl，故答案为：Cl2NaOH水溶液O2/Cu光照Δ

16Zn(Hg)/HCl。18、醛基、碳碳双键取代反应3【解析】苯与叔丁醇发生取代反应生成A，根据A与甲醛反应的产物结构简式可判断A的结构简式。根据最终产物的结构简式可知反应④是羟醛缩合然后消去羟基引入碳碳双键，B发生加成反应得到最终产物，据此解答。【详解】（1）由反应⑤的条件“氢化”和生成B的物质的特点可知B是，故B中官能团的名称是醛基，碳碳双键，故答案为：醛基、碳碳双键；（2）①反应是，该反应的反应类型是取代反应，故答案为：取代反应；

17（3）由反应①可以判断A是，故反应②的化学方程式是，故答案为：；（4）从乌洛托品的结构式可以看出2个氯原子可以在同一碳原子上，也可以在不同碳原子上，可以处于同一环上，也可以处于不同环上，其二氯取代物有3种，即3种；将甲醛的水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品，该反应的化学方程式是，故答案为：3；；（5）A的同分异构体中满足Ⅰ.有两个取代基；Ⅱ.取代基在邻位的有：，故答案为：；（6）根据信息RCHCOOHPCl3RCHClCOOH可知，首先要将CHCHCHO氧化才能引进第二个官能团，因为2Δ32乳酸（CHCHOHCOOH）有两个官能团。由此推知，聚乳酸（）的合成路线流程图为：3

18。19、滴入最后1滴KMnO溶液后，溶液变为浅红色，且半分钟不褪去加快反应速率反应开始后生成Mn2＋，4而Mn2＋是上述反应的催化剂，因此反应速率加快偏小0.0202498.30%三-1.5%空气中氧气氧化了亚铁离子使高锰酸钾用量偏小【解析】(1)依据滴定实验过程和试剂滴入顺序可知，滴入高锰酸钾溶液最后一滴，溶液变红色，半分钟内不变证明反应达到终点；故答案为：滴入最后1滴KMnO溶液后，溶液变为浅红色，且半分钟不褪去；4(2)加热加快反应速率，反应过程中生成的锰离子对反应有催化作用分析；(3)若滴定时发现滴定管尖嘴部分有气泡，滴定结束气泡消失，消耗高锰酸钾待测溶液体积增大，则测得高锰酸钾浓度减小；(4)2MnO－＋5CO2－＋16H＋→2Mn2＋＋10CO↑＋8HO，依据化学反应定量关系，计算所标定高锰酸钾溶液的浓度；42422(5)依据图表数据计算，第三次实验数据相差大舍去，计算其他三次的平均值，利用反应定量关系计算亚铁离子物质的量得到FeSO·7HO的含量，结合题干信息判断符合的标准；42(6)测定含量-实际含量得到实验绝对误差，亚铁离子溶液中易被空气中氧气氧化分析可能的误差。【详解】(1)依据滴定实验过程和试剂滴入顺序可知，滴入高锰酸钾溶液最后一滴，溶液变红色，半分钟内不变证明反应达到终点；(2)粗配一定浓度的高锰酸钾溶液1L，然后称取0.200g固体NaCO(式量为134.0)放入锥形瓶中，用蒸馏水溶解并加224稀硫酸酸化，加热至70℃～80℃，加热加快反应速率，反应刚开始时反应速率较小，其后因非温度因素影响而增大，根据影响化学反应速率的条件分析，其原因可能是反应过程中生成的锰离子对反应有催化作用分析；故答案为：加快反应速率，反应开始后生成Mn2+，而Mn2+是上述反应的催化剂，因此反应速率加快；(3)若滴定时发现滴定管尖嘴部分有气泡，滴定结束气泡消失，消耗高锰酸钾待测溶液体积增大，溶质不变则测得高锰酸钾浓度减小；

19故答案为：偏小；0.200g(4)0.200g固体NaCO(式量为134.0)，n(CO2-)==0.0014925mol，依据化学反应定量关系，计算所标定高22424134g/mol锰酸钾溶液的浓度；2MnO－＋5CO2－＋16H＋→2Mn2＋＋10CO↑＋8HO，4242225n0.0014925moln=0.000597mol滴定用去高锰酸钾溶液29.50mL，0.000597mol则c(KMnO)==0.02024mol/L；40.02950L(5)依据图表数据计算，第三次实验数据相差大舍去，17.76ml0.10ml17.88ml0.20ml17.90ml0.20ml计算其他三次的平均值==17.68mL，利用反应定量关系计3算亚铁离子物质的量得到FeSO·7HO的含量，425Fe2＋＋MnO－＋8H＋→5Fe3＋＋Mn2＋＋4HO；4251n0.01768L×0.02024mol/Ln=0.001789mol0.001789mol278g/molFeSO·7HO的含量=×100%=98.30%，三级品98.00%～101.0%420.5060g结合题干信息判断符合的标准三级品；(6)测定含量-实际含量得到实验绝对误差=98.30%-99.80%=-1.5%，亚铁离子溶液中易被空气中氧气氧化为铁离子，高锰酸钾溶液用量减小引起误差。0.49cv20、A黄色2Cr(OH)+3HO+4OH-=2CrO2-+8HOAaebfd冰水×100%32242m【解析】某实验室废液含Na+、Fe3+、Cr3+、SO2-、PO3-等离子，加入KOH，可生成Fe（OH）、Cr（OH）沉淀，沉淀加4433入过氧化氢，发生氧化还原反应生成CrO2-，过滤，红褐色沉淀为Fe（OH），加入酸可生成KCrO，由图1可知，43227蒸发至出现大量晶体，停止加热，趁热过滤除外KCl等，然后冷却至室温、抽滤、洗涤可得到KCrO，以此解答该227题。【详解】（1）加入氢氧化钠最适合时，Fe3+、Cr3+恰好生成沉淀，则A为合适，在加入一定量KOH溶液后，用毛细管取样、

20点样、薄层色谱展开、氨熏后发生Cr3++6NH=[Cr（NH）]3+（黄色），则斑点呈黄色，336故答案为：A；黄色；（2）根据分析可知步骤②含Cr物质被氧化，发生的主要反应的离子方程式为2Cr（OH）+3HO+4OH-=2CrO2-+8HO，32242故答案为：2Cr（OH）+3HO+4OH-=2CrO2-+8HO；32242（3）步骤②反应需要加热，且反应中需要加入液体，因此选用A装置；故答案为：A；（4）步骤⑤由溶液得到晶体，实验时，蒸发至出现大量晶体，停止加热，趁热过滤除外KCl等，然后冷却至室温、抽滤、洗涤可得到KCrO，则顺序为aebfd，227故答案为：aebfd；（5））KCrO具有强氧化性，不能用乙醇洗涤，在温度较低时溶解度较小，则用冷水洗涤，故答案为：冰水；227（6）该滴定实验的滴定原理为利用Fe2+使CrO2-完全转化为Cr3+，二者数量关系为CrO2-~6Fe2+，滴定过程消耗的2727cVn（Fe2+）=cV/1000mol，故待测液中KCrO物质的量为mol，所以样品中KCrO物质的量为22722761000cV250cVcV0.49cv=mol，质量为294=0.49cVg，所以质量分数为：×100%，6100025600600m0.49cv故答案为：×100%m【点睛】本题考查了物质的制备，涉及对工艺流程的理解、氧化还原反应、对条件的控制选择与理解等，理解工艺流程原理是解题的关键；第（6）题考虑到KCrO的氧化性不难想到滴定原理。22721、M9正四面体sp3Li

21（2）①核外电子排布相同的离子，核电荷数越大，离子半径越小，故离子半径：Li＋