轻松解决“板块”问题.pdf

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1、精品文档一、考点突破知识点考纲要求题型分值牛顿第二定应用牛顿第二定律解决问题选择题6～15分律的应用“板块”问题的一般模型与解决方法。解答题二、重难点提示理解并掌握发生相对运动时的力学特征。“板块”问题就是通常遇到的叠放问题，由于其往往可看成由物块和木板构成的一对相互作用模型，故将其形象称为“板块”问题。其应用的知识面较为广泛，与运动学、受力分析、动力学、功与能等有着密切联系，而且往往牵涉着临界极值问题，能够较好地考查对知识的掌握程度和对问题的分析综合能力。常见基本问题处理方法根据物块与木板的相对运动方向来判断，

2、摩擦力的分析物体所受的摩擦力（动力、阻力）突变时刻：v与v相同时物板板、块能一起加速运动的最大加速度板、块间达到最大静摩擦力时弄清对地位移和相对位移的概念是前提。可先由运动学公式求出某段时间内物体与传送带的对地位相对位移的计算移，然后用“快”的减去“慢”的就是差距。也可应用图象法或相对运动法进行求解物块与木板保持相对静止时物块还在木板上，弄清物块不从木板上掉下去的条件达到临界状态的时间和位移关系例题1如图所示，一速率为v＝10m/s的物块冲上一置于光滑水平面上且足够长的木0板上。物块质量为m＝4kg，木板质量M＝

3、6kg，物块与木板间的动摩擦因数0.6，试问：物块将停在木板上何处？思路分析：物块冲上木板后相对木板向右运动，会在木板摩擦力作用下匀减速运动，木板会在摩擦力作用下匀加速运动，两者共速后，一起匀速运动。求物块停在木板上何处，实际是在求物块与木板的相对位移大小。1。欢迎下载精品文档方法一（基本公式法）由牛顿第二定律可知：对物块mgma；对木板mgMa12解得a6m/s2，a4m/s212设两者共速时所用时间为t，则vatat012解得t1s这段时间物块与车的位移大小分别为1xvtat27m

4、10211xat22m222两车的位移之差xxx5m12故物块能停在距木板左端5m处。方法二（图象法）作出物块与木板的运动图象如图所示。由牛顿第二定律可求得物块与木板的加速度mag6m/s2ag4m/s212M两者t时刻速度相等，则vatat解得t1s0121分析可知，图中阴影面积为板、块的相对位移，由几何关系知xvt5m20故物块能停在距木板左端5m处。方法三（相对运动法）以地面为参考系，由牛顿第二定律可知对物块mgma对木板mgMa12解得a6m/s2，a4m/

5、s212以木板为参考系，物块的初速度为v，加速度大小为aa，则012v2两者相对位移为x05m2aa12故物块能停在距木板左端5m处。答案：物块能停在距木板左端5m处。例题2静止在光滑水平面上的平板车B的质量为m＝0.5kg、长L＝1m。某时刻A以v0＝4m/s向右的初速度滑上木板B的上表面，物体A的质量M＝1kg，在A滑上B的同时，给B施加一个水平向右的拉力。忽略物体A的大小，已知A与B之间的动摩擦因数µ＝0.2，取重力加速度g＝10m/s2。试求：2。欢迎下载精品文档（1）若F＝5N，物体A在小

6、车上运动时相对小车滑行的最大距离；（2）如果要使A不至于从B上滑落，拉力F大小应满足的条件。思路分析：（1）物体A滑上平板车B以后，做匀减速运动，有ag2m/s2A平板车B做加速运动，有FMgma解得a14m/s2BB两者速度相同时，有vatat解得t0.25s0AB这段时间内A、B运行的位移大小分别为11517xvtat2mxat2mA02A16B2B16物体A在平板车上运动时相对平板车滑行的最大距离xxx0.5mmAB由于x1m，所以以上分析和结论成立。m（2）物体A

7、不滑落的临界条件是A到达B的右端时，A、B具有共同的速度v，则位1v2v2v2vvv移关系为011L；时间关系为0112a2aaaABAB联立以上两式解得a6m/s2B由牛顿第二定律得FmaMg1NB若F1N，则A滑到B的右端时，速度仍大于B的速度，A将从B右端滑落，所以要想不滑落，F必须大于等于1N。当F大于某一值时，在A到达B的右端之前，B就与A具有共同的速度，之后，只有A与B保持相对静止，才不会从B的左端滑落，所以F(Mm)a，MgMa由以上两式解得F3N若F大于3N，A与B

8、具有相同的速度之后，A会相对B向左滑动，要想不滑落，F必须小于等于3N。综上所述，F应满足的条件是1NF3N答案：（1）0.5m（2）1NF3N例题3如图所示，在倾角为的足够长的斜面上，有一质量为m的长木板。开始时，1长木板上有一质量为m的小铁块（视为质点）以相对斜面的初速度v从长木板的中点沿长20木板向下滑动，同时长木板在沿斜面向上的拉力作用下始终做速度为v的