【江苏版】2020届高考数学文科一轮复习练习 第7章 立体几何 4 第4讲 分层演练直击高考 .doc

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1、1．正六棱柱的高为6，底面边长为4，则它的全面积为________．[解析]S底＝6××42＝24，S侧＝6×4×6＝144，所以S全＝S侧＋2S底＝144＋48＝48(3＋)．[答案]48(3＋)2．将一个边长分别为4π，8π的矩形卷成一个圆柱，则这个圆柱的表面积是________．[解析]当以长度为4π的边为底面圆时，底面圆的半径为2，两个底面的面积是8π；当以长度为8π的边为底面圆时，底面圆的半径为4，两个底面圆的面积为32π.无论哪种方式，侧面积都是矩形的面积32π2.故所求的表面积是32π2＋8π或32π2＋32π.[答案]32

2、π2＋8π或32π2＋32π3．一个球与一个正方体的各个面均相切，正方体的棱长为a，则球的表面积为________．[解析]由题意知，球的半径R＝.所以S球＝4πR2＝πa2.[答案]πa24．以下命题：①以直角梯形的一腰为轴旋转一周所得的旋转体是圆台；②圆柱、圆锥、圆台的底面都是圆；③一个平面截圆锥，得到一个圆锥和一个圆台．其中正确命题的个数为________．[解析]命题①错，因这条腰必须是垂直于两底的腰．命题②对．命题③错，必须用平行于圆锥底面的平面截圆锥才行．[答案]15．(2018·江苏省重点中学领航高考冲刺卷(二))在一次模具

3、制作大赛中，小明制作了一个母线长和底面直径相等的圆锥，而小强制作了一个球，经测量得圆锥的侧面积恰好等于球的表面积，则圆锥和球的体积的比值等于________．[解析]设圆锥的底面半径为r，球的半径为R，则圆锥的母线长为2r，高为r.由题意可知πr×2r＝4πR2，即r＝R.所以＝＝×＝×()3＝.[答案]6．(2018·苏锡常镇四市调研)如图，四棱锥PABCD中，PA⊥底面ABCD，底面ABCD是矩形，AB＝2，AD＝3，PA＝4，点E为棱CD上一点，则三棱锥EPAB的体积为________．[解析]因为VEPAB＝VPABE＝S△ABE

4、×PA＝×AB×AD×PA＝××2×3×4＝4.[答案]47．(2018·江苏省高考名校联考(四))如图，在四棱柱ABCDA1B1C1D1中，上、下底面为平行四边形，E为棱CD的中点，设四棱锥EADD1A1的体积为V1，四棱柱ABCDA1B1C1D1的体积为V2，则V1∶V2＝________．解析：由题意，将侧面ADD1A1作为四棱柱的底面，设顶点C到平面ADD1A1的距离为2h，因为E为棱CD的中点，所以E到平面ADD1A1的距离为h，所以V1∶V2＝VEADD1A1∶VBCC1B1ADD1A1＝S四边形ADD1A1h∶S四边形ADD

5、1A1(2h)＝1∶6.答案：1∶68.如图，已知一个多面体的平面展开图由一边长为1的正方形和4个边长为1的正三角形组成，则该多面体的体积是________．[解析]如图，四棱锥的高h＝＝，所以V＝Sh＝×1×＝.[答案]9．在封闭的直三棱柱ABCA1B1C1内有一个体积为V的球．若AB⊥BC，AB＝6，BC＝8，AA1＝3，则V的最大值是________．[解析]易知AC＝10.设底面△ABC的内切圆的半径为r，则×6×8＝×(6＋8＋10)·r，所以r＝2，因为2r＝4＞3，所以最大球的直径2R＝3，即R＝.此时球的体积V＝πR3＝.

6、[答案]10．(2018·江苏省重点中学领航高考冲刺卷(八))中国古代数学名著《九章算术》中记载：“今有羡除”．刘徽注：“羡除，隧道也．其所穿地，上平下邪．”现有一个羡除如图所示，四边形ABCD、ABFE、CDEF均为等腰梯形，AB∥CD∥EF，AB＝6，CD＝8，EF＝10，EF到平面ABCD的距离为3，CD与AB间的距离为10，则这个羡除的体积是________．[解析]如图，过点A作AP⊥CD，AM⊥EF，过点B作BQ⊥CD，BN⊥EF，垂足分别为P，M，Q，N，连结PM，QN，将一侧的几何体补到另一侧，组成一个直三棱柱，底面积为×

7、10×3＝15.棱柱的高为8，体积V＝15×8＝120.[答案]12011．一个正三棱台的两底面的边长分别为8cm、18cm，侧棱长是13cm，求它的全面积．[解]上底面周长为c′＝3×8＝24cm，下底面周长c＝3×18＝54cm，斜高h′＝＝12cm，所以S正棱台侧＝(c′＋c)h′＝×(24＋54)×12＝468cm2，S上底面＝×82＝16cm2，S下底面＝×182＝81cm2，所以正三棱台的全面积为S＝468＋16＋81＝(468＋97)cm2.12.如图所示，已知E、F分别是棱长为a的正方体ABCDA1B1C1D1的棱A1A、

8、CC1的中点，求四棱锥C1B1EDF的体积．[解]法一：连结A1C1，B1D1交于点O1，连结B1D，EF，过O1作O1H⊥B1D于H.因为EF∥A1C1，且A1C1⊄平面B1EDF，所以A1