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1、圆锥曲线上两点关于直线对称问题的解法圆锥曲线上两点关于直线对称问题是高考命题的一个热点问题，该问题集中点弦、垂直、直线与圆锥曲线的位置关系、点与圆锥曲线的位置关系、方程函数不等式、点差法等重要数学知识和思想方法于一体，符合在知识网络交汇处、思想方法的交织线上和能力层次的交叉区内设置问题的命题特点，此类试题综合性强，但难度适中,对数学知识和能力的考查具有一定的深度,具有很好的选拔功能,是高考命题的热点.圆锥曲线上两点关于直线对称问题主要有联立方程和点差法两种解法,本文结合典型例题对这两种解法进行对比解读,供参考. 例1（2010年高考安徽卷理科第19题）椭圆经过点,对称轴为坐标轴,
2、焦点在轴上,离心率.（Ⅰ）求椭圆的方程;（Ⅱ）求的平分线所在的直线的方程;（Ⅲ）在椭圆上是否存在关于直线对称的相异两点？若存在,请找出;若不存在,说明理由. 解（Ⅰ）椭圆的方程为（过程略）;（Ⅱ）直线的方程为（过程略）; （Ⅲ）法1（联立方程）假设在椭圆上存在关于直线对称的相异两点,设线段的中点为.因为直线与直线垂直,所以设直线的方程为：,由此得将其代入椭圆方程得,①.因为是此方程的两个根,所以,所以.又点在直线上,所以,所以点的坐标为.又点在直线上,所以,解得,所以点的坐标为,因为点的坐标满足椭圆方程,所以点在椭圆上,不在椭圆内,故不存在这样的两点. 另解：将代入①得,因方程有
3、两个相等实根,两点重合这与假设矛盾,故不存在这样的两点. 法2（点差法）假设在椭圆上存在关于直线对称的相异两点,设线段的中点为.因为两点在椭圆上,故有,两式相减得,.又为线段的中点,则有,所以.因为直线与直线垂直,所以,所以,所以①.又点在直线上,所以②. 解①②得点的坐标为,因为点的坐标满足椭圆方程,所以点在椭圆上,不在椭圆内,故不存在这样的两点. 点评 本题第三问是一道探究椭圆上是否存在关于已知直线对称的相异两点的存在性探索题,既可用方程思想求解也可用点差法解答,因为答案是不存在，所以最后的关键是找出矛盾,这个矛盾既可以是假设相异的两点重合,也可以是线段的中点在椭圆上,不在
4、椭圆内. 例2 已知椭圆中心在原点,焦点在轴上,一个顶点的坐标为,且其右焦点到直线的距离为.（1）求椭圆的方程;(2）是否存在斜率为的直线,使与已知曲线交于不同的两点,且有.若存在,求的取值范围;若不存,请说明理由. 解 （1）求得（过程略）; （2）法1（联立方程）设直线的方程为,将其代入椭圆方程得.设,则方程的两个根,故.因点在直线上,所以.又点在椭圆内,所以有,即,化简得①. 又,所以,即,化简得②.由①②消去得,,又,所以的取值范围是. 法2（点差法）假设存在这样的直线,设点为线段的中点,设,则,因为点在椭圆上,所以,两式相减得,,即,所以,即①.又,所以,则②.由①②
5、得,所以, 又因为点在椭圆内,所以有,即,解得,又, 所以的取值范围是. 例3试确定实数的取值范围,使抛物线上存在两点关于直线对称. 法1（联立方程）因为设为抛物线上关于对称的两个点,设线段的中点为. 又直线与直线垂直,故可设直线的方程为,将其代入得.因为是该方程的两个根,故.又点在直线上,所以,又因为点在抛物线内,所以即,也就是,,又恒成立,所以. 法2（点差法）显然,设为抛物线上关于对称的两个点,设线段的中点为.则,又直线与直线垂直,所以,即.下同法1略. 例4（06年高考福建卷）已知椭圆的左焦点为,为坐标原点.（1）求过点,并且与椭圆的左准线相切的圆的方程;（2）设过点且
6、不与坐标轴垂直的直线交椭圆于两点,线段的垂直平分线与轴交于点,求点的横坐标的取值范围. 解（1）略；（2）法1（联立方程）设,设为线段的中点,设过左焦点且不与坐标轴垂直的直线的方程为,将其代入椭圆方程整理得,.因为是方程的两个根,所以.又点在直线上,所以,故点的坐标为.又,所以,故直线的点斜式方程为.令得,,又,所以,故点的横坐标的取值范围是. 法2（点差法）设,则有,两式相减得,.又设为线段的中点,则有,所以.因为,所以,即,所以线段的垂直平分线的点斜式方程为,令得点的横向坐标为.又,所以,即,又所以即,故点的横坐标的取值范围是. 评注 本题因直线过左焦点,线段的中点必在椭圆内
7、,故需另寻它法求范围.法1用函数值域求范围,法2用不等式求范围. 综上可知,解决圆锥曲线上两点关于直线对称问题,要充分利用“垂直”与“中点”这两个条件,“联立方程”和“点差法”只是将这两个几何条件代数化的一种途径,“主动设点（设弦端点坐标、设弦中点坐标）设线（设直线方程）、引入多元设而不求”是解决这类问题的基本方法和必由之路。问题解决既要有整体思想又要有目标意识和对多元的驾驭能力,对学生的综合能力的考查达到了一定的高度.“联立方程”方法基础传统,“点差法”设点作差是解决中点弦问题
