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时间:2020-03-19
《2014年天下中考冲刺试卷数学试卷(六)及答案解析.doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、答案:1.B2.C3.C4.D5.B6.D7.B8.A9.C10.AIl.D12.D13.14.18,18,615.916.617.x=918.x≥-319.证明:∵AB//DE,∴∠ABC=∠DEF,在△ABC和△DEF中,又∵∠A=∠D,BC=EF,∴△ABC≌△DEF.20.小莉的说法不正确.甲、乙、丙依次抽签,一共有6种可能的结果,它们是等可能的.等可能的.甲中签的结果有2种,P(甲中签)=,乙中签的结果有2种,平(乙中签);丙中签的结果有2种,P(丙中签)=.因此先抽的人与后抽的人中签的概率相同.21.(1)图形如右,A(5,-3);(2)P(a+3,-b);(3)旋转中心坐标为
2、(1,2).22.(1)证△EFD≌△CFD,FD⊥AC.∵AB⊥AC,∴FD//AD:(2)∵AE=EC,∴AE=2EH=2CH.∵FD//AB,∴==,==∴FH=2HD设HD=aFH=2a,∴EH=a,∴ED=a,EF=a,∵BE=2EF=2a,∴BD==3a,∴sin∠FBC==23.(1);;(2)设扇环的圆心角为,面积为S,根据题意得:L=++2(R-r).∴=∴S=-=··(R-r)=··(R-r)=[L-2(R-r)]·(R-r)=-(R-r)+L(R-r)=-[(R-r)-]+式中03、/ND,∴=,CE=∵CF//BM,∴=,CF=∴=∵△CDN∽△MBC∴=,∴=∴△CEF∽△BCM,∴∠CEF=∠BCM,∴EF//MN;②∵正方形ABCD,∴AD//BC,DC//AB,∴==,=∴=,∴=,又AB=BC∴CE=DF,易证△ADF≌△DCE.∴∠DAF=∠FDE,∴∠DAF+∠ADE=90°,∴AF⊥DE.25.(1)由题意可知:M点的坐标为(t+l,t),将M点的坐标代人抛物线y=x-2x+l中可得:(t+l)-2=(t+l)+l∴t+2t+l-2t-2+l=t;因此M点在抛物线y=x-2x+l上.(2)由题意可知:A点坐标为(1,0).则有:o=a(l-t-l)+4、t,即at+t=0,因此a=-1.∴抛物线C的解析式为y=-(x-t-1)+t;当y=0时,-(x-t-1)+t=0,解得x=l或x=2t+1,那么A点的坐标为(1,0),B点的坐标为(2t+l,0),M(t+l,t).当△MAB为直角三角形时,即△MAB为等腰三角形,∴AB=2y∴=2t,t=O(舍去)或t=l或t=-l;因此能构成直角三角形,此时t的值为l或-1.(3)∵Q在x轴上,∴AQ∥MP∥x轴,∴四边形AMPQ或四边形AQMP为菱形,∴AM=MP或AP=MP,∵AM=AP,∴△AMP必为等边三角形,∴∠MAB=60°,∴AB=y.∴∴=t∴t=或t=-.(t=O舍去).①当t=5、时,M(+l,3),此时以P(-1,3),Q(-1,O)或(3,0).②当t=-时,M(-+1,3),此时P(+l,3),Q(-l,0)或(3,O).
3、/ND,∴=,CE=∵CF//BM,∴=,CF=∴=∵△CDN∽△MBC∴=,∴=∴△CEF∽△BCM,∴∠CEF=∠BCM,∴EF//MN;②∵正方形ABCD,∴AD//BC,DC//AB,∴==,=∴=,∴=,又AB=BC∴CE=DF,易证△ADF≌△DCE.∴∠DAF=∠FDE,∴∠DAF+∠ADE=90°,∴AF⊥DE.25.(1)由题意可知:M点的坐标为(t+l,t),将M点的坐标代人抛物线y=x-2x+l中可得:(t+l)-2=(t+l)+l∴t+2t+l-2t-2+l=t;因此M点在抛物线y=x-2x+l上.(2)由题意可知:A点坐标为(1,0).则有:o=a(l-t-l)+
4、t,即at+t=0,因此a=-1.∴抛物线C的解析式为y=-(x-t-1)+t;当y=0时,-(x-t-1)+t=0,解得x=l或x=2t+1,那么A点的坐标为(1,0),B点的坐标为(2t+l,0),M(t+l,t).当△MAB为直角三角形时,即△MAB为等腰三角形,∴AB=2y∴=2t,t=O(舍去)或t=l或t=-l;因此能构成直角三角形,此时t的值为l或-1.(3)∵Q在x轴上,∴AQ∥MP∥x轴,∴四边形AMPQ或四边形AQMP为菱形,∴AM=MP或AP=MP,∵AM=AP,∴△AMP必为等边三角形,∴∠MAB=60°,∴AB=y.∴∴=t∴t=或t=-.(t=O舍去).①当t=
5、时,M(+l,3),此时以P(-1,3),Q(-1,O)或(3,0).②当t=-时,M(-+1,3),此时P(+l,3),Q(-l,0)或(3,O).
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