湖湘教育三新探索协作体2019-2020学年高二12月联考物理参考答案及解析.pdf

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1、高二物理联考参考答案1~12选择题，每小题4分，共48分题号123456789101112答案DBADAABBBDABBCBCD13(1)0.900―0.902(2分)0.850(2分)(2)①M≫m(或m≪M)(2分)②0.39(2分),0.20(2分)(3)①B(2分),D(2分)②如右图。(2分)③小(2分)要求较准确地测出其阻值，电流表应选量程为0.6A的B；原来电路是限流电路，电流表示数变化范围较窄，改成分压电路可使电流表示数的变化范围变宽．修改后的电路其测量结果比真实值偏小。14.（1）解：由牛顿第二定律：FMgMa1分FMg200.25

2、4102解得：a2.5m/s2分M412124s内的位移为：xat2.5420m2分22（2）解：4s时的速度为：vat2.5410m/s1分4S时摩擦力的功率大小：P=MgV=0.25×4×10×10=100W2分E615.（1）解：由欧姆定律得：I2A2分Rr21（2）解：导体棒受到的安培力大小为：F=BIL=0.5×2.0×1.0N=1.0N，2分根据左手定则可知，安培力的方向水平面向右1分（3）解：假设导体棒受到的摩擦力沿导轨向上，导体棒受到的安培力水平向右，则由平衡条件得：Fcosθ+f=mgsinθ1分得：f=mg

3、sinθ-Fcosθ=-0.2N，1分即摩擦力的方向沿斜面向下1分16.解析：(1)小球由A到B运动过程，根据动能定理，得：12(mgqE)hmv①vB=4m/s2分B2（2）小球由A到C运动过程，根据动能定理，得：12(mgqE)hmgsmv②1分C2小球在C点时，由牛顿第二定律可得，2vCFmgm③1分L联立②③两式解得，F＝28N.1分(3)设释放点距B点的距离d①小球刚接触C(mg－qE)dsinθ-µmgs=0④d>7/8=0.875m1分②小球刚好摆到与O点同一水平位置的圆轨道处由动能定理得，(mg－qE)dsinθ-µmgs-mgL=

4、0d≤2.125m1分③能达到圆形轨道最高点.在最高点,由牛顿第二定律可得，2vmg＝m.1分R小球从A到圆轨道的最高点过程中，由动能定理得，12(mg－qE)dsinθ－μmgs－2mgL＝mv.解得，d≥4m2∴小球释放点距B点的距离应为：0.875m

5、何知识可得:粒子与ab相切的点应在b点,因此其最大的半径R:aRsin3702θR2=3d/22分Rd2VqBR3qBdv=≤21分Bm2mcb所对应的运动时间53532m53mtT1分1360360qB180qBO3qBd3qBd53mmv的取值范围＜v≤≤t＜10m2m运动时间180qBqB高二物理联考试题详解第１题：Ｄ因向心加速度不是理想化模型，故选D第２题：Ｂ初速度为０的匀加速直线运动连续相等时间位移之比１:３:５:７：９２２可知第３秒内位移是５ｍ，ｃ不对，针对第１S内，X＝１／２aｔ，可得ａ＝２m／ｓＢ正确第３题A第４题D因在最低点重

6、力和V垂直，重力的功率为０，所以选D第５题A因磁通有正负，第１次△Ф１＝－Ф２－Ф１第２次△Ф２＝Ф２－Ф１，因△Ф只计正，且据楞次定律，两次电流方向均为ａｄｃｂａ，所以选A第６题：A据曲线运运的条件可知选A第７题：B无法计算卫星质量，A错，据开普勒第三定律可知B正确第８题：B据左手定则可知为负电，可半径之比１:４，据圆周运动动力学条件可知，ｍ１：m２＝１:４第９题：ＢＤ第10题AB因电源内外阻大小关系未知，据电源输出功率和外阻的关系图像可知D不对第11题BC因速度是矢量两次到A方向都不同，所以V不同，A不对，B对因A到C与C到B两边任一等高处速度大小不同，向心力

7、不同，所以对轨道压力不同，同一等高处AC段摩擦力做功大于CB段摩擦力做功，所以C对第12题BCD因电荷在D点受电场力指向C，则q必带负电，Q2正电，据电场的叠加，22KQ1/r1sin53°=kQ2/r2sin37°,r1=0.4mr2=0.3m得Q1/Q2=4/3故A不对，B正确。因以C点为圆心的竖直圆周面必是等势面，故D对，C对第13题(1)0.900―0.902(2分)0.850(2分)(2)①M≫m(或m≪M)(2分)②0.39(2分),0.20(2分)(3)①B,D②如图。③小要求较准确地测出其阻值，电流表应选量程为0.6A的B；原来电路是限流电路，电流

8、表示数变化