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时间:2019-11-10
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1、xx-2019学年高一化学上学期第一次月考试卷(创新班,含解析)1.[xx新课标Ⅰ]支撑海港码头基础的钢管桩,常用外加电流的阴极保护法进行防腐,工作原理如图所示,其中高硅铸铁为惰性辅助阳极。下列有关表述不正确的是A.通入保护电流使钢管桩表面腐蚀电流接近于零B.通电后外电路电子被强制从高硅铸铁流向钢管桩C.高硅铸铁的作用是作为损耗阳极材料和传递电流D.通入的保护电流应该根据环境条件变化进行调整【答案】C【解析】本题使用的是外加电流的阴极保护法,钢管柱与电源的负极相连,被保护。A.外加强大的电流可以抑制金属电化学腐蚀产生的电流,从而保
2、护钢管柱,A正确;B.通电后,被保护的钢管柱作阴极,高硅铸铁作阳极,因此电路电子被强制从高硅铸铁流向钢管桩,B正确;C.高硅铸铁为惰性辅助阳极,所以高硅铸铁不损耗,C错误;D.通过外加电流抑制金属电化学腐蚀产生的电流,因此通入的保护电流应该根据环境条件变化进行调整,D正确。答案选C。2.已知H2的燃烧热为285.8kJ/mol,CO的燃烧热为282.8kJ/mol。现有H2和CO组成的混合气体56.0L(标准状况),充分燃烧后,放出热量710.0kJ,并生成液态水。下列说法正确的是A.CO燃烧的热化学方程式为2CO(g)+O2(g
3、)==2CO2(g)ΔH=−282.8kJ/molB.H2燃烧的热化学方程式为2H2(g)+O2(g)==2H2O(g)ΔH=−571.6kJ/molC.燃烧前的混合气体中,H2的体积分数为60%D.混合气体燃烧后与足量的过氧化钠反应,转移电子2.5mol【答案】D【解析】【详解】A.CO的燃烧热为282.8kJ/mol,依据燃烧热的概念,热化学方程式为:CO(g)+1/2O2(g)=CO2(g)ΔH=−282.8kJ/mol,故错误;B.H2的燃烧热为285.8kJ/mol,H2燃烧的热化学方程式为2H2(g)+O2(g)==2
4、H2O(l)ΔH=−571.6kJ/mol,故错误;C.设氢气的物质的量为x,一氧化碳的物质的量为y,氢气和一氧化碳组成的混合气体体积为56.0L,物质的量为56.0L/22.4L/mol=2.5mol,经过充分燃烧,放出的总热量为710kJ,依据燃烧热计算有x+y=2.5,285.8x+282.8y=710,解得x=1mol,y=1.5mol。氢气的体积分数为1mol/2.5mol=40%,故错误;D.氢气为1mol,一氧化碳为1.5mol,燃烧后生成的水和二氧化碳分别为1mol和1.5mol,与过氧化钠反应,转移的电子数分别为
5、1mol和1.5mol,共2.5mol,故正确;故选D。【点睛】燃烧热是指1mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物时放出的热量,稳定的氧化物指二氧化碳或液态水等。3.我国预计在xx前后建成自己的载人空间站。为了实现空间站的零排放,循环利用人体呼出的CO2并提供O2,我国科学家设计了一种装置(如下图),实现了“太阳能一电能一化学能”转化,总反应方程式为2CO2=2CO+O2。关于该装置的下列说法正确的是A.图中N型半导体为正极,P型半导体为负极B.图中离子交换膜为阳离子交换膜C.反应完毕,该装置中电解质溶液的碱性增强D.人体呼出的气体
6、参与X电极的反应:CO2+2e-+H2O=CO+2OH-【答案】D【解析】试题分析:A、图中N型半导体为负极,P型半导体为正极,故A错误;B、图中离子交换膜允许氢氧根离子通过,为阴离子交换膜,故B错误;C、阴极反应生成的OH-在阳极完全反应,总反应为2CO2=2CO+O2,所以反应前后溶液的pH并不变化,故C错误;D、人体呼出的气体参与X电极的反应:为CO2+H2O+2e-=CO+2OH-,故D正确;故选D。考点:考查了化学电源新型电池的相关知识。4.X、Y、Z、W、R是原子序数依次递增的短周期元素。X原子最外层电子数是其内层电子
7、数的2倍,Y、R同主族,且两者核外电子数之和是X核外电子数的4倍,Z为短周期中金属性最强的元素,W是地売中含量最高的金属元素。下列叙述正确的是A.Y、Z、W原子半径依次增大B.元素W、Z形成的简单氧化物,W的氧化物熔点更高C.X、Z、W的最高价氧化物对应水化物两两间均可发生反应D.W、Z的最高价氧化物对应水化物碱性,W>Z【答案】B【解析】【分析】X、Y、Z、W、R是原子序数依次递增的短周期元素。X原子最外层电子数是其内层电子数的2倍,为碳元素,Y、R同主族,且两者核外电子数之和是X核外电子数的4倍,即为24,所以分别为氧和硫元素
8、。Z为短周期中金属性最强的元素,为钠元素,W是地売中含量最高的金属元素,为铝元素。据此解答。【详解】A.Y、Z、W原子半径顺序为钠>铝>氧,故错误;B.元素W、Z形成的简单氧化物分别为氧化铝和氧化钠,氧化铝的晶格能大于氧化钠,氧化铝的熔点比氧化钠高
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