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时间:2019-05-11
《专题一-恒成立与存在性问题》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、练习返回[答案]B[答案]C(2)已知f(x)=lnx:①设F(x)=f(x+2)-,求F(x)的单调区间;②若不等式f(x+1)≤f(2x+1)-m2+3am+4对任意a∈[-1,1],x∈[0,1]恒成立,求m的取值范围.【解题指南】(2)由题意只需解不等式F′(x)>0和F′(x)<0即可得到单调区间;原不等式恒成立可转化为恒成立,进一步转化为成立.(2)①F(x)=ln(x+2)-定义域为:(-2,-1)∪(-1,+∞).F′(x)==令F′(x)>0,得单调增区间为和令F′(x)<0,得单调减区间为和②不等式f(x+
2、1)≤f(2x+1)-m2+3am+4化为:ln(x+1)≤ln(2x+1)-m2+3am+4即≤3ma+4-m2.现在只需求y=(x∈[0,1])的最大值和y=3ma+4-m2(a∈[-1,1])的最小值.因为在[0,1]上单调递减,所以y=(x∈[0,1])的最大值为0,而y=3ma+4-m2(a∈[-1,1])是关于a的一次函数,故其最小值只能在a=-1或a=1处取得,于是得到:解得0≤m≤1或-1≤m<0,所以m的取值范围是[-1,1].【互动探究】若本例(2)第①问中条件改为“F(x)=f(x+2)-kx在定义域内是
3、单调递增函数”,则k的取值范围是______.【解析】由题意F′(x)=-k≥0在(-2,+∞)上恒成立,∴k≤恒成立,∴k≤0.答案:k≤0【变式备选】已知f(x)=ex-ax-1.(1)求f(x)的单调递增区间;(2)是否存在a,使f(x)在(-∞,0]上单调递减,在[0,+∞)上单调递增?若存在,求出a的值;若不存在,说明理由.【解析】f′(x)=ex-a.(1)若a≤0,f′(x)=ex-a≥0恒成立,即f(x)在R上递增.若a>0,令ex-a≥0,得ex≥a,x≥lna.∴f(x)的单调递增区间为(lna,+∞).(
4、2)方法一:由题意知ex-a≤0在(-∞,0]上恒成立.∴a≥ex在(-∞,0]上恒成立.∵ex在(-∞,0]上为增函数.∴当x=0时,ex最大为1.∴a≥1.同理可知ex-a≥0在[0,+∞)上恒成立.∴a≤ex在[0,+∞)上恒成立.∴a≤1,∴a=1.方法二:由题意知,x=0为f(x)的极小值点.∴f′(0)=0,即e0-a=0,∴a=1,验证a=1符合题意.[答案]C1、三种基本形式:解:作出可行域如图,并求出顶点的坐标A(1,3)、B(3,1)、C(7,9).(1)易知可行域内各点均在直线x+2y-4=0的上方,故x
5、+2y-4>0,将点C(7,9)代入z得最大值为21.[答案]A2、求参数的取值范围:变式:思考:若目标函数取得最大值的点有无数个,则a的取值范围B[答案]B(2)(2011·浙江高考)若实数x、y满足x2+y2+xy=1,则x+y的最大值是________.C[答案]C
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