考研数学一真题附标准答案

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1、2009年考研数学一真题解析一、选择题：1～8小题，每小题4分，共32分，下列每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内.（1）当时，与等价无穷小，则（）....【答案】【解析】为等价无穷小，则故排除。另外存在，蕴含了故排除。所以本题选A。-1-111（2）如图，正方形被其对角线划分为四个区域，，则（）....【解析】本题利用二重积分区域的对称性及被积函数的奇偶性。两区域关于轴对称，而，即被积函数是关于的奇函数，所以;两区域关于轴对称，而，即被积函数是关于的偶函数，所以；.所以正确答案为A.（3）设函数在区间上的图形为：1-2023-1O则函数的图形

2、为（）.0231-2-11.0231-2-11.0231-11.0231-2-11【答案】【解析】此题为定积分的应用知识考核，由的图形可见，其图像与轴及轴、所围的图形的代数面积为所求函数，从而可得出几个方面的特征：矚慫润厲钐瘗睞枥庑赖。①时，，且单调递减。②时，单调递增。③时，为常函数。④时，为线性函数，单调递增。⑤由于F(x)为连续函数结合这些特点，可见正确选项为。（4）设有两个数列，若，则（）当收敛时，收敛.当发散时，发散.当收敛时，收敛.当发散时，发散.【解析】方法一：举反例A取B取D取故答案为（C）方法二：因为则由定义可知使得时，有又因为收敛，可得则由定义可知使得时，有从而，当

3、时，有，则由正项级数的比较判别法可知收敛。（5）设是3维向量空间的一组基，则由基到基的过渡矩阵为（）....【解析】因为，则称为基到的过渡矩阵。则由基到的过渡矩阵满足所以此题选。（6）设均为2阶矩阵，分别为的伴随矩阵，若，则分块矩阵的伴随矩阵为（）....【解析】根据，若分块矩阵的行列式，即分块矩阵可逆故答案为（B）（7）设随机变量的分布函数为，其中为标准正态分布函数，则（）....【答案】【解析】因为，所以，所以而，所以。（8）设随机变量与相互独立，且服从标准正态分布，的概率分布为，记为随机变量的分布函数，则函数的间断点个数为（）聞創沟燴鐺險爱氇谴净。0.1.2.3.【答案】B【解析

4、】独立（1）若，则（2）当，则为间断点，故选（B）二、填空题：9-14小题，每小题4分，共24分，请将答案写在答题纸指定位置上.（9）设函数具有二阶连续偏导数，，则。【答案】【解析】，（10）若二阶常系数线性齐次微分方程的通解为，则非齐次方程满足条件的解为。【答案】【解析】由，得，故微分方程为设特解代入，特解把，代入，得所求（11）已知曲线，则。【答案】【解析】由题意可知，，则，所以（12）设，则。【答案】【解析】方法一：方法二：由轮换对称性可知所以，（13）若3维列向量满足，其中为的转置，则矩阵的非零特征值为。【答案】2【解析】,的非零特征值为2.(14)设为来自二项分布总体的简单随

5、机样本，和分别为样本均值和样本方差。若为的无偏估计量，则。【答案】【解析】为的无偏估计三、解答题：15－23小题，共94分.请将解答写在答题纸指定的位置上.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.残骛楼諍锩瀨濟溆塹籟。（15）（本题满分9分）求二元函数的极值。【解析】故则而二元函数存在极小值（16）（本题满分9分）设为曲线与所围成区域的面积，记，求与的值。【解析】由题意，与在点和处相交，所以，从而由取得（17）（本题满分11分）椭球面是椭圆绕轴旋转而成，圆锥面是过点且与椭圆相切的直线绕轴旋转而成。（Ⅰ）求及的方程（Ⅱ）求与之间的立体体积。【解析】（I）的方程为，过点与的切线为，所以的方

6、程为。（II）记，由，记，则（18）（本题满分11分）（Ⅰ）证明拉格朗日中值定理：若函数在上连续，在可导，则存在，使得（Ⅱ）证明：若函数在处连续，在内可导，且，则存在，且。【解析】（Ⅰ）作辅助函数，易验证满足：；在闭区间上连续，在开区间内可导，且。根据罗尔定理，可得在内至少有一点，使，即（Ⅱ）任取，则函数满足；在闭区间上连续，开区间内可导，从而有拉格朗日中值定理可得：存在，使得……又由于，对上式（*式）两边取时的极限可得：故存在，且。（19）（本题满分10分）计算曲面积分，其中是曲面的外侧。【解析】，其中①②③①+②+③=由于被积函数及其偏导数在点（0，0，0）处不连续，作封闭曲面（外

7、侧）有（20）（本题满分11分）设①求满足的.的所有向量,.②对①中的任意向量,证明,,无关。【解析】（Ⅰ）解方程故有一个自由变量，令，由解得，求特解，令，得故，其中为任意常数解方程故有两个自由变量，令，由得求特解故，其中为任意常数（Ⅱ）证明：由于故线性无关.（21）（本题满分11分）设二次型（Ⅰ）求二次型的矩阵的所有特征值；（Ⅱ）若二次型的规范形为，求的值。【解析】（Ⅰ）（Ⅱ）若规范形为，说明有两个特征值为正，一个为0。则1)若，则，，不符题