2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用

2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用

ID:29879983

大小:178.06 KB

页数:9页

时间:2018-12-24

2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用_第1页
2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用_第2页
2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用_第3页
2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用_第4页
2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用_第5页
资源描述:

《2019版高考物理一轮复习 第六章 动量和动量守恒定律 配餐作业19 动量守恒定律及应用》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库

1、配餐作业(十九) 动量守恒定律及应用A组·基础巩固题1.两球在水平面上相向运动,发生正碰后都变为静止。可以肯定的是,碰前两球的(  )A.质量相等        B.动能相等C.动量大小相等D.速度大小相等解析 两小球组成的系统碰撞过程中满足动量守恒,两球在水平面上相向运动,发生正碰后都变为静止,故根据动量守恒定律可以断定碰前两球的动量大小相等、方向相反,C项正确。答案 C 2.如图所示,子弹水平射入放在光滑水平地面上静止的木块,子弹未穿透木块,此过程木块的动能增加了6J,那么此过程产生的内能可能为

2、(  )A.16JB.2JC.6JD.4J解析 设子弹的质量为m0,初速度为v0,木块的质量为m,则子弹打入木块的过程中,子弹与木块组成的系统动量守恒,即m0v0=(m+m0)v,此过程产生的内能等于系统损失的动能,即E=m0v-(m+m0)v2,而木块获得的动能E木=mv2=6J,两式相除得=>1,即E>6J,A项正确。答案 A 3.(2018·湖南师大附中摸底考试)如图所示,质量均为M=0.4kg的两长平板小车A和B开始时紧靠在一起都静止于光滑水平面上。小物块(可看成质点)m=0.2kg以初速度

3、v=9m/s从最左端滑上小车A的上表面,最后停在小车B最右端时速度为v2=2m/s,最后A的速度v1为(  )A.1.5m/sB.2m/sC.1m/sD.0.5m/s解析 三物体整体分析,系统动量守恒mv=(m+M)v2+Mv1⇒v1=1.5m/s。答案 A 4.如图所示,在光滑的水平面上有一物体M,物体上有一光滑的半圆弧轨道,最低点为C,两端A、B一样高。现让小滑块m从A点静止下滑,则(  )A.m不能到达小车上的B点B.m从A到C的过程中M向左运动,m从C到B的过程中M向右运动C.m从A到B的过

4、程中小车一直向左运动,m到达B的瞬间,M速度为零D.M与m组成的系统机械能守恒,动量守恒解析 M和m组成的系统水平方向动量守恒,机械能守恒所以m恰能达到小车上的B点,到达B点时小车与滑块的速度都是0,故A项错误;M和m组成的系统水平方向动量守恒,m从A到C的过程中以及m从C到B的过程中m一直向右运动,所以M一直向左运动,m到达B的瞬间,M与m速度都为零,故B项错误,C项正确;小滑块m从A点静止下滑,物体M与滑块m组成的系统水平方向所受合力为零,系统水平方向动量守恒,竖直方向有加速度,合力不为零,所以

5、系统动量不守恒。M和m组成的系统机械能守恒,故D项错误。答案 C 5.(2018·湖南师大附中摸底考试)如图所示,质量为M的木块位于光滑水平面上,在木块与墙之间用轻弹簧连接,开始时木块静止在A位置。现有一质量为m的子弹以水平速度v0射向木块并嵌入其中,则木块回到A位置时的速度v以及此过程中墙对弹簧的冲量I的大小分别为(  )A.v=,I=0B.v=,I=2mv0C.v=,I=D.v=,I=2mv0解析 子弹射入木块过程,由于时间极短,子弹与木块间的内力远大于系统外力,由动量守恒定律得mv0=(M+m

6、)v,解得v=,子弹和木块系统在弹簧弹力的作用下先做减速运动,后做加速运动,回到A位置时速度大小不变,即当木块回到A位置时的速度v=,子弹、木块和弹簧组成的系统受到的合力即为墙对弹簧的作用力,根据动量定理得I=-(M+m)v-mv0=-2mv0,所以墙对弹簧的冲量I的大小为2mv0。答案 B 6.(多选)如图所示,长木板A放在光滑的水平面上,质量为m=2kg的另一物体B以水平速度v0=3m/s滑上原来静止的长木板A的表面,由于A、B间存在摩擦,之后A、B速度随时间变化情况如图乙所示,则下列说法正确的

7、是(  )A.木板获得的动能为2JB.系统损失的机械能为4JC.木板A的最小长度为1.5mD.A、B间的动摩擦因数为0.1解析 根据动量守恒定律可得mv0=(m+mA)v⇒mA=4kg,A的动能为Ek=mAv2=2J,系统损失的动能ΔEk=mv-(mA+m)v2=6J,木板长L≥v0t1=1.5m,μmg=ma⇒μ=0.2。答案 AC 【解题技巧】由图读出木板获得的初速度,根据Ek=mv2求解木板获得的动能。根据斜率求出B的加速度大小,结合牛顿第二定律求出动摩擦因数。根据“面积”之差求出木板A的长度

8、,再求系统损失的机械能。7.如图所示,一个质量为m的物块A与另一个质量为2m的物块B发生正碰,碰后B物块刚好能落入正前方的沙坑中。假如碰撞过程中无机械能损失,已知物块B与地面间的动摩擦因数为0.1,与沙坑的距离为0.5m,g取10m/s2,物块可视为质点。则A碰撞前瞬间的速度为(  )A.0.5m/sB.1.0m/sC.1.5m/sD.2.0m/s解析 A、B碰撞过程动量守恒,mv0=mv1+2mv2,机械能无损失,mv=mv+×2mv。碰撞后对B物体应用动能定理2μ

当前文档最多预览五页,下载文档查看全文

此文档下载收益归作者所有

当前文档最多预览五页,下载文档查看全文
温馨提示:
1. 部分包含数学公式或PPT动画的文件,查看预览时可能会显示错乱或异常,文件下载后无此问题,请放心下载。
2. 本文档由用户上传,版权归属用户,天天文库负责整理代发布。如果您对本文档版权有争议请及时联系客服。
3. 下载前请仔细阅读文档内容,确认文档内容符合您的需求后进行下载,若出现内容与标题不符可向本站投诉处理。
4. 下载文档时可能由于网络波动等原因无法下载或下载错误,付费完成后未能成功下载的用户请联系客服处理。