中考物理一模试卷（含解析） (5)

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中考物理一模试卷一、选择题（共15小题，每小题3分，满分45分）1．在国际单位制中，长度的基本单位是（　　）A．kmB．kgC．sD．m2．下列用电器中，利用电流的热效应工作的是（　　）A．电视机B．微波炉C．电饭锅D．手机3．鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了”，其中“山…向船尾跑去了”所选的参照物是（　　）A．山B．船C．房屋D．河岸4．如图所示，在探究串联电路的特点时，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流IA、IB、IC，用电压表分别测出AB、BC、AC两点间的电压UAB、UBC、UAC．下列说法正确的是（　　）A．IA＞IB＞ICB．IA＜IB＜ICC．UAB=UBC=UACD．UAC=UAB+UBC5．一辆汽车在公路上做匀速直线运动，那么汽车通过的路程s与所用时间t的关系正确的是（　　）A．B．C．D．6．下列关于安全用电的说法错误的是（　　）A．发现有人触电，应立即切断电源，然后施救B．可以用铜丝代替保险丝C．大功率用电器的金属外壳应接地D．家用电器的开关应安装在火线上7．如图所示的现象中，能体现力改变物体运动状态的是（　　）A．人拉长弹簧B．人压跳板C． 磁铁吸引铁球转弯D．人拉弯弓8．一个滑动变阻器标有“1.5A50Ω”的字样，当它与一个阻值为30Ω的电阻串联接入电路时，整个电路总电阻的变化范围为（　　）A．30﹣80ΩB．0﹣80ΩC．0﹣50ΩD．0﹣30Ω9．如图所示，是某游泳爱好者在游泳上岸后站立时的情境示意图，由图可知（　　）A．图中游泳爱好者的姿势是为了减少水分的蒸发B．人体皮肤附近的水蒸气，液化时吸收了大量的量C．水在蒸发的过程中从人体带走了温度，使人感到寒冷D．最主要是因为吹来的风是冷的，所以人感觉到特别冷10．关于能量的转化和转移，下列说法错误的是（　　）A．电池充电，电能转化为化学能B．暖瓶塞被热气冲开，机械能转化为内能C．电动机工作，电能转化为机械能D．摩擦生热，机械能转化为内能11．关于物体受到水的浮力，下面说法中正确的是（　　）A．漂在水面的物体比沉在水底的物体受到的浮力大B．没入水中的物体在水中的位置越深受到的浮力越大C．同一物体排开水的体积越大受到的浮力越大D．物体的密度越大受到的浮力越小12．如图所示为小明做“探究凸透镜成像规律的实验装置图．透镜的焦距为15cm，要使蜡烛在光屏上成清晰的像，在蜡烛、凸透镜和光屏三者中，只移动其中的一个，其余两个不动，下列措施中可行的是（　　）A．光屏向左移动B．光屏向右移动C．蜡烛向右移动D．透镜向右移动13．如图所示，甲、乙两容器质量相等，先把等质量的水倒入两容器中，再把它们分别放在调好的天平左、右盘上，则（　　） A．天平左、右盘所受的压强相等，天平平衡B．两天平左、右盘所受的压强虽不相等，但天平平衡C．天平左、右盘所受的压强不相等，天平不平衡D．甲容器底受到的压强较大，但天平平衡14．如图所示电路，当开关S闭合后，灯L1、L2均发光，电压表有示数．过一会儿，其中一盏灯突然变亮，电压表示数变大，其故障原因可能是（　　）A．L1灯短路B．L2灯短路C．L1灯丝断开D．L2灯丝断开15．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（　　）A．灯泡L变亮B．电压表示数变大C．电流表A1示数变小D．电路消耗的总功率变大　二、填空题16．Wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术．常见的连接方式是通过一个无线路由器来实现．无线路由器是通过　　　　　　波向四周有效范围内的终端传递信息，其传播速度　　　　　　（选填“大于”“等于”“小于”）光速．17．在光的反射现象和折射现象中，光路都是　　　　　　的；教室里个别同学被前方高个子同学挡住，看不到黑板上的一些字，这是因为光　　　　　　的缘故．18．生产实践中利用超声波能传递　　　　　　（选填“能量”或“信息”）可以检测出锅炉是否有裂纹；为提高全市市民的防空安全意识，我市每年都要进行防空警报演练，为使警报声传得更远，应该提高警报声的　　　　　　（选填“音调”、“响度”或“音色”）．19．家庭电路的两根电线，一根叫火线，一根叫　　　　　　线，它们之间的电压为　　　　　　V．20．皮划艇是一项水上运动项目，如图所示，某次比赛中，两运动员的总质量为145kg，双人划艇的质量为15kg，则该划艇静止时所受的浮力大小为　　　　　　N，排开水的体积为　　　　　　m3．（取g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3） 21．如图所示，图甲是标有“3.8V1.2W”的小灯泡L电流随着它的两端电压的变化关系图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，闭合开关S后，小灯泡的实际功率为0.5W，将变阻器滑片P移至变阻器中点，再闭合开关S1后，电流表示数变化了0.16A，则此时变阻器R接入电路的阻值为　　　　　　Ω；在开关S、S1均闭合情况下，合理控制变阻器R的阻值，此时电路消耗的最小总功率为　　　　　　W．　三、实验与探究题22．（1）如图1所示，一小球静止在两互相垂直的墙壁间，请画出小球所受力的示意图．（2）如图2所示是一个通电螺线管，请在图中标出磁感线方向并在括号内标出小磁针磁极的名称．23．如图所示，在探究“光的反射定律”时，将一块平面镜放在水平桌面上，再把一块纸板垂直放置在平面镜上．（1）实验时让光贴着纸板入射是利用光的　　　　　　（选填“镜面反射”或“漫反射”）以便显示光路；（2）如果纸板没有与平面镜垂直放置，当光贴着纸板沿AO入射时，　　　　　　（选填“能”或“不能”）在纸板上看到反射光．（3）多次改变入射角的大小，是为了得出　　　　　　角与　　　　　　角的大小关系的普遍规律．24．在探究“液体压强的特点”实验中，进行了如图所示的操作： （1）实验前，应调整U型管压强计，使左右两边玻璃管中的液面　　　　　　．（2）甲、乙两图是探究液体压强与　　　　　　的关系．（3）要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，应选择　　　　　　两图进行对比，结论是：液体压强与盛液体的容器形状　　　　　　．（4）要探究液体压强与液体密度的关系，应选用　　　　　　两图进行对比．（5）在图丙中，固定U形管压强计金属盒的橡皮膜在盐水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位，这是为了探究同一深度处，液体向　　　　　　的压强大小关系．25．小强做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线．如图1是小强没有连接完的实物电路．（1）请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整．（2）小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是　　　　　　（写出一种即可）．（3）小强排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向　　　　　　端滑动（选填“左”或“右”）．（4）小强通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图2所示的U﹣I图象．根据U﹣I图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是　　　　　　W，当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，小灯泡的电阻是　　　　　　Ω．　四、综合应用题26．甲烷是城市生活垃圾处理后所得垃圾气体的主要成分，若将它收集起来可加以利用，每千克生活垃圾经特殊处理后平均能产生0.07m3的垃圾气体，已知该气体的热值为8.1×107J/m3．请回答下列问题（1）这0.07m3的垃圾气体完全燃烧后产生的热量是多少？（2）若将这些热量全部用来烧水，可使多少kg的水从25℃升高到100℃？【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】 （3）若将这0.07m3垃圾气体完全燃烧后所产生热量的50%用来提起一质量为20t的物体，能把该物体提高多少米？（g取10N/kg）27．如图所示的电路中，电源电压恒为6V．（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为0.3A，求R的阻值；（2）闭合开关S1、S3，断开S2时，小灯泡正常发光，电流表示数为0.9A，求通电10s灯泡消耗的电能．（3）只闭合开关S2，断开S1、S3，求小灯泡实际的电功率（假设小灯泡的电阻不变）．28．小明利用自重为0.06N的塑料瓶、滑轮组、量筒和水测量小石块的密度，实验装置如图甲所示，此时小石块恰能匀速上升．现将塑料瓶中的水全部倒入量筒中，测得水的体积如图乙所示，再将小石块放入乙图所示的量筒中，此时水面上升到如图丙所示的位置．已知实验中塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，不考虑绳重及滑轮组的摩擦，g取10N/kg．求：（1）小石块在量筒中受到的浮力；（2）动滑轮的重力；（3）小明测得小石块的密度；（4）与真实值相比，小石块密度的测量值偏大还是偏小？（5）滑轮组的机械效率．　 2016年广西玉林市中考物理一模试卷参考答案与试题解析　一、选择题（共15小题，每小题3分，满分45分）1．在国际单位制中，长度的基本单位是（　　）A．kmB．kgC．sD．m【考点】长度的测量．【分析】首先明确长度的基本单位是米．如何根据对其它各物理量国际单位的了解来作答．【解答】解：A、km是长度的单位，但不是长度的国际单位，故A不符合题意；B、kg是质量的国际单位，故B不符合题意；C、s是时间的国际单位，故B不符合题意；D、在国际单位制中，长度的基本单位是米，符号是m，故D符合题意．故选D．　2．下列用电器中，利用电流的热效应工作的是（　　）A．电视机B．微波炉C．电饭锅D．手机【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．【分析】（1）电流的热效应：电流通过导体要发热，这叫做电流的热效应，如电灯、电炉、电烙铁、电焊等都是电流的热效应的例子；（2）电流的化学效应：电流通过导电的液体会使液体发生化学变化，产生新的物质，电流的这种效果叫做电流的化学效应，如电解，电镀，电离等就属于电流的化学效应的例子；（3）电流的磁效应：给绕在软铁心周围的导体通电，软铁心就产生磁性，这种现象就是电流的磁效应，如电铃、蜂鸣器、电磁扬声器等都是利用电流的磁效应制成的．【解答】解：A、电视机工作时电能主要转化图象和声音，不是利用电流的热效应来工作的，故A错误；B、微波炉是利用微波，不是利用电流的热效应，故B错误；C、电饭锅工作时主要把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故C正确；D、手机是利用电磁波进行工作的，不是利用电流的热效应工作的，故D错误；故选C　3．鲁迅的《社戏》中有这样的描写：“淡黑的起伏的连山，仿佛是踊跃的铁的兽脊似的，都远远地向船尾跑去了”，其中“山…向船尾跑去了”所选的参照物是（　　）A．山B．船C．房屋D．河岸【考点】参照物及其选择．【分析】判断一个物体的运动情况时，必须先确定一个作为标准的参照物，分析研究对象和参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的．【解答】解：分析题意可知，题中的研究对象是“山”，它的运动状态是“向船尾跑去了”，即山在“运动”． A、若以山本身为参照物，那它只能是静止的，而且一般是不能选研究对象为参照物，故A错；B、以船为参照物，船与山之间的距离发生了变化，而且船向前行，以船为参照物，山在“后退”，故B正确；C、以房屋为参照物，山与房屋的位置没有发生了变化，山是不动的，故C错；D、以河岸为参照物，山与河岸之间的位置没有发生变化，山是不动的，故D错．故选B．　4．如图所示，在探究串联电路的特点时，闭合开关，用电流表分别测出A、B、C三处的电流IA、IB、IC，用电压表分别测出AB、BC、AC两点间的电压UAB、UBC、UAC．下列说法正确的是（　　）A．IA＞IB＞ICB．IA＜IB＜ICC．UAB=UBC=UACD．UAC=UAB+UBC【考点】串联电路的电流规律；串联电路的电压规律．【分析】先确定电路的连接方式，然后根据串联电路中电流处处相等、电路两端总电压等于各部分电路两端电压之和进行解答．【解答】解：因为电路中两灯泡串联，而A、B、C三点是串联电路中的三处，由于串联电路中电流处处相等，因此IA、IB、IC三者大小相等．比较AB间、BC间、AC间的电压值可得：串联电路中总电压等于各部分电路电压之和．即UAC=UAB+UBC故选D．　5．一辆汽车在公路上做匀速直线运动，那么汽车通过的路程s与所用时间t的关系正确的是（　　）A．B．C．D．【考点】匀速直线运动．【分析】我们把速度不变的直线运动叫做匀速直线运动，也就是说该物体在任何时间段内通过的路程和时间的比值是个定值．【解答】解：汽车在公路上做匀速直线运动，速度不变，路程s与时间成正比，图象应为一条过原点的直线，A正确，BCD错误．故选A．　6．下列关于安全用电的说法错误的是（　　）A．发现有人触电，应立即切断电源，然后施救B．可以用铜丝代替保险丝C．大功率用电器的金属外壳应接地 D．家用电器的开关应安装在火线上【考点】安全用电原则．【分析】（1）发现有人触电时，千万不能用手将触电人拉开，会使救人者触电，应立即切断电源或用绝缘棒将导线挑开，使接触者尽快脱离电源；（2）保险丝是由电阻率大、熔点低的铅锑合金制成的，当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，如果用铜丝代替，因铜丝的熔点高，就起不到保护电路的作用；（3）洗衣机、电冰箱、电饭锅等大功率的家用电器都使用三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生．（4）为防止发生触电事故，开关应该接在火线上；【解答】解：A、发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施，此项正确；B、当电路中有过大电流通过时，保险丝发热自动熔断，切断电路，从而起到保护电路的作用，如果用铜丝代替，因铜丝的熔点高，就起不到保护电路的作用，此项错误；C、电饭煲等大功率的用电器，用三脚插头和三孔插座，是由于这些用电器的外壳是金属，金属是导体，当用电器漏电时，会使金属外壳带电，若接上地线，电流就通过地线，流入大地，而防止了触电事故的发生，此项正确；D、控制家用电器的开关应安装在火线上，此项正确；故选B．　7．如图所示的现象中，能体现力改变物体运动状态的是（　　）A．人拉长弹簧B．人压跳板C．磁铁吸引铁球转弯D．人拉弯弓【考点】力的作用效果．【分析】力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变．②力可以改变物体的运动状态，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化．【解答】解：A、拉长弹簧，体现了力改变物体的形状；故A错误；B、人压跳板，跳板变弯，体现了力改变物体的形状；故B错误； C、磁铁吸引铁球转弯，铁球的运动方向改变，体现了力改变物体运动状态；故C正确；D、人拉弓，弓变弯，体现力改变物体形状；故D错误；故选C．　8．一个滑动变阻器标有“1.5A50Ω”的字样，当它与一个阻值为30Ω的电阻串联接入电路时，整个电路总电阻的变化范围为（　　）A．30﹣80ΩB．0﹣80ΩC．0﹣50ΩD．0﹣30Ω【考点】电阻的串联．【分析】滑动变阻器铭牌上标有“100Ω，50A”的字样，表示滑动变阻器的电阻变化范围以及允许通过的最大电流，结合串联电路电阻特点：串联电路中总得电阻等于各部分电阻之和．【解答】解：滑动变阻器上标有“50Ω，1.5A”，即表示这个滑动变阻器的电阻变化范围是0～50Ω；由于与一个阻值为30Ω电阻串联，则整个电路中总电阻的变化范围为30Ω﹣80Ω．故选：A．　9．如图所示，是某游泳爱好者在游泳上岸后站立时的情境示意图，由图可知（　　）A．图中游泳爱好者的姿势是为了减少水分的蒸发B．人体皮肤附近的水蒸气，液化时吸收了大量的量C．水在蒸发的过程中从人体带走了温度，使人感到寒冷D．最主要是因为吹来的风是冷的，所以人感觉到特别冷【考点】汽化及汽化吸热的特点．【分析】（1）蒸发是一种汽化现象，汽化要吸热；（2）减小蒸发快慢的办法有：降低液体的温度，减小液体的表面积，减小液体上表面的空气流动速度．【解答】解：由图知：游泳后，从水中上岸的人觉得冷，这是因为人从水中上岸后，身上有水，水蒸发吸热，所以感觉冷；将胳膊抱在胸前减小了液体的表面积，可减少水分的蒸发，使人感觉不那么冷．故选A．　10．关于能量的转化和转移，下列说法错误的是（　　）A．电池充电，电能转化为化学能B．暖瓶塞被热气冲开，机械能转化为内能C．电动机工作，电能转化为机械能D．摩擦生热，机械能转化为内能【考点】能量的转化和转移． 【分析】能量的转化，主要是看哪种能量减少了，哪种能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量．能量的转移发生在热传递过程中．【解答】解：A、电池充电，消耗了电能，得到了化学能，因此将电能转化为化学能；说法正确；B、暖瓶塞被热气弹开，消耗了内能，得到了机械能，故将内能转化为了机械能；说法错误；C、电动机工作，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化为机械能；说法正确；D、摩擦生热，消耗了机械能，得到了内能，因此将机械能转化为内能；说法正确．故选B．　11．关于物体受到水的浮力，下面说法中正确的是（　　）A．漂在水面的物体比沉在水底的物体受到的浮力大B．没入水中的物体在水中的位置越深受到的浮力越大C．同一物体排开水的体积越大受到的浮力越大D．物体的密度越大受到的浮力越小【考点】阿基米德原理．【分析】根据阿基米德原理的推导公式F浮=ρgV排可知影响浮力大小的因素是液体密度和物体排开的液体的体积，据此分析判断．【解答】解：A、比较沉在水底的物体和漂在水面的物体受到的浮力大小，关键是看排开水的体积大小，不知道排开水的体积大小，无法比较，故A错；B、物体浸没以后，不管在什么位置，排开水的体积不变，所受浮力也不变，故B错；C、根据F浮=ρgV排可知，水的密度一定，物体排开水的体积越大，受到的浮力越大，故C正确．D、物体受到的浮力与物体密度的大小没有关系，故D错．故选C．　12．如图所示为小明做“探究凸透镜成像规律的实验装置图．透镜的焦距为15cm，要使蜡烛在光屏上成清晰的像，在蜡烛、凸透镜和光屏三者中，只移动其中的一个，其余两个不动，下列措施中可行的是（　　）A．光屏向左移动B．光屏向右移动C．蜡烛向右移动D．透镜向右移动【考点】凸透镜成像的应用．【分析】凸透镜成像的规律：当u＞2f时，成倒立、缩小的实像．当u=2f时，成倒立、等大的实像．当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像．当u＜f时，成正立、放大的虚像．【解答】解：根据图示可知，物距等于10cm；AB、因为焦距为15cm，而物距等于10cm，小于焦距，成正立、放大的虚像，不能用光屏承接，故无论向哪里移动光屏也看不到蜡烛的像，故AB错误； C、当蜡烛向右移动时，物距仍然小于焦距，仍然成正立、放大的虚像，不能用光屏承接，故C错误；D、透镜向右移动，当物距大于焦距时，成倒立的实像，光屏能够承接，故D正确．故选D．　13．如图所示，甲、乙两容器质量相等，先把等质量的水倒入两容器中，再把它们分别放在调好的天平左、右盘上，则（　　）A．天平左、右盘所受的压强相等，天平平衡B．两天平左、右盘所受的压强虽不相等，但天平平衡C．天平左、右盘所受的压强不相等，天平不平衡D．甲容器底受到的压强较大，但天平平衡【考点】压强大小比较；天平的使用．【分析】天平左、右盘所受压力F=G容+G水=m容g+m水g，据此判断天平的平衡情况；根据p=讨论对盘的压强大小；容器底部受到的压强属于液体产生的压强，根据p=ρ水gh讨论．【解答】解：ABC、天平左、右盘所受的压力F=G容+G水=m容g+m水g，已知容器质量相等、水的质量也相等，所以天平左、右盘所受的压力相等，天平平衡，故C错误；因甲容器的底面积大于乙容器的底面积，根据p=可知，天平左盘所受的压强小于右盘受到的压强，故A错误，B正确；D、容器底部受到水的压强为p=ρ水gh，因甲容器中水的深度小于乙容器水的深度，所以甲容器底受到的压强较小，D错误．故选B．　14．如图所示电路，当开关S闭合后，灯L1、L2均发光，电压表有示数．过一会儿，其中一盏灯突然变亮，电压表示数变大，其故障原因可能是（　　）A．L1灯短路B．L2灯短路C．L1灯丝断开D．L2灯丝断开【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】电路故障要么短路、要么断路：短路时，电路中有电流，并且电流较大；断路时，电路中无电流；先根据一盏灯突然变亮确定电路的故障，然后再根据电压表示数的变化确定故障的具体位置． 【解答】解：当开关S闭合后，灯L1、L2均发光，电压表有示数，过一会儿一盏灯突然变亮，说明电路中电流变大，因此电路发生短路现象；又因为电压表示数变大，所以L2灯短路．故选B．　15．如图所示的电路，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（　　）A．灯泡L变亮B．电压表示数变大C．电流表A1示数变小D．电路消耗的总功率变大【考点】欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电功率的计算．【分析】根据题干所给信息结合并联电路的特点利用欧姆定律的知识，便可较为简单的得出答案．【解答】解：由图可知滑动变阻器R与灯L并联，电压表的示数显示的是电源电压，当滑片P向左移动时，电压表的示数不变，故选项B是错误的；当滑片P向左移动时，不影响灯L所在的支路的电压和电流，所以灯L的亮度不变，故选项A是错误的；当滑片P向左移动时，灯L所在的支路电流不变，滑动变阻器所在的支路电压不变，电阻减小，电流增大，而电流表A1的示数是干路中的电流，所以A1的示数增大，故选项C是错误的；当滑片P向左移动时，电路中的总电流增大，总电压不变，由电功率公式P=UI可知电功率增大，故选项D是正确的．故选D．　二、填空题16．Wifi是一种可以将个人电脑、手机等终端设备以无线方式互相连接的技术．常见的连接方式是通过一个无线路由器来实现．无线路由器是通过　电磁　波向四周有效范围内的终端传递信息，其传播速度　等于　（选填“大于”“等于”“小于”）光速．【考点】电磁波的传播．【分析】微波是指频率为300MHz﹣300GHz的电磁波，WiFi在2.4Ghz频段工作，属于微波，其传播速度等于光速．【解答】解：WiFi利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波的传播速度等于光速．故答案为：电磁；等于．　17．在光的反射现象和折射现象中，光路都是　可逆　的；教室里个别同学被前方高个子同学挡住，看不到黑板上的一些字，这是因为光　在同种均匀介质中沿直线传播　的缘故．【考点】光折射的可逆性；光在均匀介质中直线传播．【分析】（1）在光反射和折射现象中，光路都是可逆的；（2）光在同种均匀介质中是沿直线传播的． 【解答】解：通过实验可知，在光的反射现象和折射现象中，光路都是可逆的．教室里个别同学被前方高个子同学挡住，看不到黑板上的一些字，这是因为光在同种均匀介质中沿直线传播的缘故．故答案为：可逆；在同种均匀介质中沿直线传播．　18．生产实践中利用超声波能传递　信息　（选填“能量”或“信息”）可以检测出锅炉是否有裂纹；为提高全市市民的防空安全意识，我市每年都要进行防空警报演练，为使警报声传得更远，应该提高警报声的　响度　（选填“音调”、“响度”或“音色”）．【考点】声与信息；响度．【分析】声音可以传递信息，也可以传递能量；声音的特征包括音调、响度和音色，为了使声音传递的更远，应增大其响度．【解答】解：利用超声波给金属工件探伤是利用声波传递信息；进行防空警报演练时，为了使警报声传的更远，应该提高警报声的响度．故答案为：信息；响度．　19．家庭电路的两根电线，一根叫火线，一根叫　零　线，它们之间的电压为　220　V．【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法．【分析】家庭电路中进户线由两根线组成，其中一根叫火线，另一根叫零线，火线与零线之间的电压为220V．【解答】解：家庭电路的两根电线，一根叫火线，另一根叫零线．它们之间的电压为220V．故答案为：零；220．　20．皮划艇是一项水上运动项目，如图所示，某次比赛中，两运动员的总质量为145kg，双人划艇的质量为15kg，则该划艇静止时所受的浮力大小为　1600　N，排开水的体积为　0.16　m3．（取g=10N/kg，ρ水=1.0×103kg/m3）【考点】浮力大小的计算；阿基米德原理．【分析】（1）知道两个人和划艇的质量，利用重力公式求两个人和划艇的重力，由物体的漂浮条件可求得皮划艇所受浮力；（2）再根据阿基米德原理求排开水的体积．【解答】解：（1）由于两个人和划艇的质量总质量为m=m人+m艇=145kg+15kg=160kg，则两个人和划艇的总重力G=mg=160kg×10N/kg=1600N；由于划艇处于漂浮，则F浮=G=1600N．（2）由F浮=ρ水gV排得：V排===0.16m3．故答案为：1600；0.16． 　21．如图所示，图甲是标有“3.8V1.2W”的小灯泡L电流随着它的两端电压的变化关系图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，闭合开关S后，小灯泡的实际功率为0.5W，将变阻器滑片P移至变阻器中点，再闭合开关S1后，电流表示数变化了0.16A，则此时变阻器R接入电路的阻值为　12.5　Ω；在开关S、S1均闭合情况下，合理控制变阻器R的阻值，此时电路消耗的最小总功率为　0.66　W．【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．【分析】（1）由小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象可知，当UL=2V时，IL=0.25A，此时灯的电功率为0.5W，由此可知电源电压U；（2）当再闭合开关S1后，因为灯与电阻并联，电流表示数变化值就是此时通过电阻R的电流IR，利用欧姆定律求R的大小；（3）在开关S、S1均闭合情况下，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，根据P=求出滑动变阻器消耗的最小功率，然后加上灯泡的电功率即为电路消耗的最小总功率．【解答】解：（1）由小灯泡的U﹣I图象可知，当小灯泡的实际功率为0.5W时，UL=2V，IL=0.25A，则电源的电压U=UL=2V，（2）因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，开关S1闭合前后通过灯泡的电流不变，则通过变阻器的电流：IR=△I=0.16A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，变阻器接入电路中的阻值：R===12.5Ω；（3）在开关S、S1均闭合情况下，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路消耗的总功率最小，则PR====0.16W，电路消耗的最小总功率：P最小=PL+PR=0.5W+0.16W=0.66W．故答案为：12.5；0.66．　 三、实验与探究题22．（1）如图1所示，一小球静止在两互相垂直的墙壁间，请画出小球所受力的示意图．（2）如图2所示是一个通电螺线管，请在图中标出磁感线方向并在括号内标出小磁针磁极的名称．【考点】力的示意图；磁感线及其特点；通电螺线管的磁场．【分析】（1）分析小球受到的力的情况，用二力平衡的条件判断；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．小球静止在与水平地面垂直的墙角，没有受到挤压，因此墙壁对球没有作用力．（2）由右手螺旋定则可得出螺线管的极性，由磁感线的特点可得出磁感线的方向及小磁针所在位置的磁场方向，则可知小磁针的磁极．【解答】解：（1）小球受到重力G和支持力F作用，大小相等，方向相反，是一对平衡力，以球的重心为起点竖直向下作重力G的示意图，竖直向上作支持力F的示意图，如图示．（2）由右手螺旋定则可得，螺线管右侧为N极，因外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向左；小磁针所在位置处磁场方向指向右侧，故小磁针的右侧为N极，如图所示：　23．如图所示，在探究“光的反射定律”时，将一块平面镜放在水平桌面上，再把一块纸板垂直放置在平面镜上．（1）实验时让光贴着纸板入射是利用光的　漫反射　（选填“镜面反射”或“漫反射”）以便显示光路；（2）如果纸板没有与平面镜垂直放置，当光贴着纸板沿AO入射时，　不能　（选填“能”或“不能”）在纸板上看到反射光．（3）多次改变入射角的大小，是为了得出　反射　角与　入射　角的大小关系的普遍规律． 【考点】光的反射定律．【分析】（1）在不同方向都能看到光的传播路径，是由于光在光屏上发生了漫反射而进入我们的眼里；（2）如果实验中硬纸板放得没有与平面镜垂直，稍有倾斜，则当入射光贴着硬纸板射向镜面上的O点后，法线将会不在硬纸板上，所以在硬纸板上不能看到反射光线；（3）多次实验可以多测量几组数据，得到的规律更具有说说服力．【解答】解：（1）实验时从光屏前不同的方向都能看到光的传播路径，是由于光屏表面凹凸不平，光在这里发生了漫反射的缘故．（2）法线在纸板上，法线与镜面垂直，入射光线、法线、反射光线在同一平面内，如果纸板与平面镜不垂直，则镜面的法线不在纸板上，入射光沿纸板照射后，反射光线不在纸板上，则我们在纸板上看不到反射光线；（3）多次改变入射角的大小去测反射角大小的目的是为了得出反射角与入射角的大小关系，来寻求实验的普遍规律；故答案为：（1）漫反射；（2）不能；（3）反射；入射．　24．在探究“液体压强的特点”实验中，进行了如图所示的操作：（1）实验前，应调整U型管压强计，使左右两边玻璃管中的液面　相平　．（2）甲、乙两图是探究液体压强与　深度　的关系．（3）要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，应选择　丙和丁　两图进行对比，结论是：液体压强与盛液体的容器形状　无关　．（4）要探究液体压强与液体密度的关系，应选用　乙和丙　两图进行对比．（5）在图丙中，固定U形管压强计金属盒的橡皮膜在盐水中的深度，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位，这是为了探究同一深度处，液体向　各个方向　的压强大小关系．【考点】探究液体压强的特点实验；液体的压强的特点．【分析】（1）U形管中液面的高度差反映了橡皮膜所受压强的大小，因此，在实验前应先调节U型管压强计使两侧液面相平；（2）分析甲、乙两图中的变量与控制量，判断探究液体压强与什么因素有关； （3）探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关必须保证同种液体、深度相同、容器形状不同，据此选择符合要求的实验步骤，并通过U形管中液面的高度差来判断是否与该因素有关．（4）要探究液体压强与液体密度的关系，必须保证金属盒所处的深度相同、容器的形状相同、液体的密度不同，据此选择符合要求的实验步骤；（5）在图丙中，控制橡皮膜在盐水中的深度相同，使金属盒的朝向不同；这是为了探究同一深度处，液体向各个方向的压强大小关系．【解答】解：（1）实验时是通过U形管中液面的高度差来反映压强大小的，故在实验前应先使左右两边玻璃管中的液面相平．（2）甲、乙两图中，液体的密度相同，金属盒放入水中的深度不同，故甲、乙两图是探究液体压强与深度的关系．（3）要探究液体压强与盛液体的容器形状是否有关，根据控制变量法的要求，应控制液体的密度相同、深度相同，使容器的形状不同，所以应选择丙和丁两图进行对比；根据丙和丁两图可知，两图中U形管内液面的高度差相同，说明了液体压强与盛液体的容器形状无关．（4）要探究液体压强与液体密度的关系，根据控制变量法的要求，应控制金属盒所处的深度相同、容器的形状相同，液体的密度不同，所以应选择乙和丙两图进行对比；（5）在图丙中，控制橡皮膜在盐水中的深度相同，使金属盒处于向上、向下、向左、向右等方位，即方向不同；这是为了探究同一深度处，液体向各个方向的压强大小关系．故答案为：（1）相平；（2）深度；（3）丙和丁；无关；（4）乙和丙；（5）各个方向．　25．小强做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器、电表、开关和导线．如图1是小强没有连接完的实物电路．（1）请你用笔画线代替导线，帮小强将实物电路连接完整．（2）小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，但电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是　灯泡断路（或灯座断路）　（写出一种即可）．（3）小强排除故障后闭合开关，移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向　右　端滑动（选填“左”或“右”）．（4）小强通过移动滑片P，分别记下了多组对应的电压表和电流表的读数，并绘制成了如图2所示的U﹣I图象．根据U﹣I图象提供的信息，可计算出小灯泡的额定功率是　0.5　W，当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，小灯泡的电阻是　10　Ω．【考点】电功率的测量；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用． 【分析】（1）根据灯的额定功率确定电压表的量程，将电压表并联在灯的两端，变阻器接线柱一上一下与灯串联接入电路中；（2）小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路断路或电路的电阻很大；电压表有示数，说明电压表与电源是连通的，据此判断；（3）比较2.2V与额定电压的大小，由分压原理确定滑片移动的方向；（4）根据图丙找出额定电压下对应的电流大小，根据P=UI求灯的额定功率；由图丙找出1.5V电压下的电流，由R=求电阻的大小；【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V，电压表选用小量程，将电压表并联在灯的两端，变阻器接线柱一上一下与灯串联接入电路中，如下图所示；（2）小强连好电路闭合开关，移动变阻器滑片P，发现小灯泡始终不亮，电流表无示数，说明电路断路或电路的电阻很大；电压表有示数，说明电压表与电源是连通的，则故障的原因可能是灯泡断路（或灯座断路），而导致电压表串联在电路中；（3）移动滑片P到某处，电压表的示数为2.2V，小于灯的额定电压，要测量小灯泡的额定功率，应增大灯的电压，减小变阻的电压，根据分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻，所以应将滑片P向右移动；（4）由图丙可知，额定电压2.5V对应的电流为0.2A，则灯的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；灯丝的电阻随温度的增大而增大，当电压为1.5V时，对应的电流为0.15A，则对应的电阻R==10Ω．故答案为：（1）如上图所示：（2）灯泡处开路；（3）右；（4）0.5；10．　四、综合应用题26．甲烷是城市生活垃圾处理后所得垃圾气体的主要成分，若将它收集起来可加以利用，每千克生活垃圾经特殊处理后平均能产生0.07m3的垃圾气体，已知该气体的热值为8.1×107J/m3．请回答下列问题（1）这0.07m3的垃圾气体完全燃烧后产生的热量是多少？（2）若将这些热量全部用来烧水，可使多少kg的水从25℃升高到100℃？【水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）】（3）若将这0.07m3垃圾气体完全燃烧后所产生热量的50%用来提起一质量为20t的物体，能把该物体提高多少米？（g取10N/kg）【考点】热平衡方程的应用；功的计算公式的应用． 【分析】（1）根据公式Q=qV算出完全燃烧后所产生热量．（2）垃圾气体完全燃烧后产生的热量被水吸收，根据公式Q=qV=cm△t可求水的质量．（3）根据完全燃烧后所产生热量的50%求出对是提起物体所做的功，利用W=Gh即可求提高的高度．【解答】解：（1）垃圾气体完全燃烧后产生的热量：Q放=qV=8.1×107J/m3×0.07m3=5.67×106J；（2）已知Q放=Q吸=5.67×106J；由Q吸=cm△t可得水的质量：m===18kg．（3）由η=可得：W=Q放η=5.67×106J×50%=2.835×106J，由W=Gh=mgh可得该物体提高的高度：h===14.175m．答：（1）这0.07m3的垃圾气体完全燃烧后产生的热量是5.67×106J；（2）若将这些热量全部用来烧水，可使18kg的水从25℃升高到100℃；（3）能把该物体提高14.175m．　27．如图所示的电路中，电源电压恒为6V．（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表示数为0.3A，求R的阻值；（2）闭合开关S1、S3，断开S2时，小灯泡正常发光，电流表示数为0.9A，求通电10s灯泡消耗的电能．（3）只闭合开关S2，断开S1、S3，求小灯泡实际的电功率（假设小灯泡的电阻不变）．【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；实际功率．【分析】（1）当开关S1闭合，S2，S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出R的阻值；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路独立工作、互不影响可知通过R的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R的阻值，利用W=UIt求出通电10s灯泡消耗的电能；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，L与R串联，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出小灯泡实际的电功率．【解答】解：（1）当开关S1闭合，S2、S3断开时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流， 由I=可得，R的阻值：R===20Ω；（2）闭合开关S1、S3，断开S2时，灯泡与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，此时通过R的电流仍为0.3A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流：IL=I﹣IR=0.9A﹣0.3A=0.6A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，灯泡的电阻：RL===10Ω，通电10s灯泡消耗的电能：WL=UILt=6V×0.6A×10s=36J；（3）只闭合开关S2，断开S1、S3时，L与R串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，此时电路中的电流：I′===0.2A，灯泡的实际功率：PL=（I′）2×RL=（0.2A）2×10Ω=0.4W．答：（1）R的阻值为20Ω；（2）闭合开关S1，S3，断开S2时，通电10s灯泡消耗的电能为36J；（3）只闭合开关S2，断开S1，S3时，小灯泡实际的电功率为0.4W．　28．小明利用自重为0.06N的塑料瓶、滑轮组、量筒和水测量小石块的密度，实验装置如图甲所示，此时小石块恰能匀速上升．现将塑料瓶中的水全部倒入量筒中，测得水的体积如图乙所示，再将小石块放入乙图所示的量筒中，此时水面上升到如图丙所示的位置．已知实验中塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，不考虑绳重及滑轮组的摩擦，g取10N/kg．求：（1）小石块在量筒中受到的浮力；（2）动滑轮的重力；（3）小明测得小石块的密度；（4）与真实值相比，小石块密度的测量值偏大还是偏小？（5）滑轮组的机械效率．【考点】滑轮（组）的机械效率；密度的计算；浮力大小的计算． 【分析】（1）乙、丙两图中水的体积之差即为小石块排开水的体积，根据阿基米德原理求出小石块受到的浮力；（2）塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，由此根据滑轮组计算动滑轮的重力；（3）由乙可知水的体积，根据ρ=和G=mg求出瓶中水的重力，再根据滑轮组计算出小石块的重力，小石块的体积和排开水的体积相等，根据ρ=和G=mg求出小石块的密度；（4）瓶中水不能全部倒入量筒，所以计算出水的重力偏小，由此分析得到的小石块重力偏小，由此分析测量的密度值的误差情况；（5）图中提起石块做功为有用功，瓶对绳子拉力做功是总功，根据机械效率公式可计算其机械效率．【解答】解：（1）图中量筒的分度值为2mL，乙图中水的体积V水=24mL，丙图中量筒中水面示数V=36mL，小石块排开水的体积：V排=V﹣V水=36mL﹣24mL=12mL=12cm3=1.2×10﹣5m3，小石块在量筒中受到的浮力：F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×1.2×10﹣5m3=0.12N；（2）由图甲，滑轮组是由左边的定滑轮和右边的动滑轮组成，有两段绳子通过动滑轮，由题知，实验中塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重的影响，所以动滑轮的重力：G动=2G瓶=2×0.06N=0.12N；（3）瓶中水的体积：V水=24ml=24cm3=2.4×10﹣5m3，由ρ=和G=mg可得，瓶中水的重力：G水=m水g=ρ水V水g=1.0×103kg/m3×2.4×10﹣5m3×10N/kg=0.24N，因为塑料瓶自重恰好抵消了动滑轮自重，所以石块的重力：G石块=2G水=2×0.24N=0.48N，因物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等，所以，石块的体积：V石块=V排=1.2×10﹣5m3，小石块密度：ρ石块====4×103kg/m3；（4）因为瓶中水不能全部倒入量筒，所以计算出水的重力偏小，由此分析得到的小石块重力偏小，由ρ=可知，所测小石块密度偏小；（5）滑轮组的机械效率：η=×100%=×100%=×100%=×100%=80%．答：（1）小石块在量筒中受到的浮力为0.12N；（2）动滑轮的重力0.12N；（3）小明测得小石块的密度为4×103kg/m3；（4）与真实值相比，小石块的测量值偏小； （5）滑轮组的机械效率为80%．