新疆维吾尔自治区塔城地区塔城市2022-2023学年高二上学期期中物理 Word版含解析.docx

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塔城市第三中学2022-2023学年11月高二期中考试卷物理试题时间：90分钟分值：100分第I卷（选择题）一、单选题(1～8为单选，9～11为多选，每小题4分，共44分)1.某金属导线的电阻率为，电阻为R，现将它均匀拉长到直径为原来的一半，则该导线的（　　）A.电阻率仍为B.电阻率变为C.电阻变4RD.电阻变为【答案】A【解析】【详解】AB．电阻率由材料本身决定，金属导线拉长后电阻率不变，故A正确，B错误；CD．将金属导线均匀拉长到直径为原来的一半时，其面积变为原来的四分之一，长度变为原来的四倍，根据电阻定律可知故CD错误。故选A。2.在如图所示的电路中，电阻箱接入电路的阻值为R，电源的电动势为E，电源内电阻为r，闭合开关。若电阻箱阻值变大，则电压表的示数将（　　）A.变大B.变小C.不变D.先变大后变小【答案】A【解析】【详解】电压表示数为路端电压，滑动变阻器电压增大，总电流减小，内电压减小，又因为内电压与路端电压之和为电源电动势不变，所以路端电压变大，即电压表的示数变大，故A正确，BCD错误。 故选A。3.如果将的点电荷从电场中的点移动到点，电场力做了的负功，则该电荷的电势能（　　）A.增加了20JB.增加了C.减少了D.减少了【答案】B【解析】【详解】点电荷从电场中的点移动到点，电场力做了的负功，由功能关系可知，该电荷的电势能增加了；故选B4.在电场中，A、B两点间的电势差，B、C两点间的电势差，则A、B、C三点电势高低关系为（　　）A.B.C.D.【答案】C【解析】【详解】由题意可知则可知，又则可知故 故选C。5.在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），、为定值电阻，为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表。若将照射的光的强度减弱，则（　　）A.电压表的示数变大B.小灯泡消耗的功率变小C.通过的电流变小D.电源内阻的电压变大【答案】B【解析】【详解】A．当光照强度减小时，电阻值增大，从而电路总电阻也增大，干路电流减小，所以两端电压减小，所以电压表示数变小，故A错误；BC．因为干路电流减小，故和电源分压均减小，所以并联部分电压增大，两端电压增大，而其电阻不变，所以中电流增大，又因为干路电流减小，所以小灯泡的电流减小，功率变小，故B正确，C错误；D．因为干路电流减小，所以由欧姆定律可知电源内阻分压减小，故D错误。故选B。6.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知（　　）A.带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小B.带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大 C.带电粒子在R点时动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P点时的大D.带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小【答案】A【解析】【详解】粒子的轨迹向右弯曲，所受的电场力向右；A．电场力向右，带电粒子从R向Q运动时做减速运动，带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小，A正确；B．电场力向右，带电粒子从P点向Q点运动时，电场力做负功，电势能增加，带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能小，B错误；C．带电粒子在运动过程中，只有动能和电势能之间发生转化，动能和电势能之和保持不变，C错误；D．带电粒子只受电场力作用，电场线越密，电场越强，粒子所受的电场力越大，加速度越大，所以带电粒子在R点时的加速度大小大于在Q点时的加速度大小，D错误。故选A。7.关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是（　　）A.电场强度大的地方，电势一定高B.电场强度不变，电势也不变C.电场强度为零时，电势一定为零D.电场强度的方向是电势降低最快的方向【答案】D【解析】【详解】A．沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小；电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势也不一定高，故A错误；B．在匀强电场中，电场强度不变，但沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B错误；C．电势为零的点是人为选取的，电场强度为零的地方，电势不一定为零，故C错误；D．沿着电场方向电势降低最快，所以电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D正确。故选D。【点睛】注意电场强度和电势的定义，两者之间的大小并无必然的联系。8.某同学通过实验测定阻值约为的电阻，用内阻约为的电压表，内阻约为的电流表进行测量。他设计了图甲和图乙两种电路，下列说法正确的是（　　） A.实验中应采用图甲电路，此电路测得的偏大B.实验中应采用图乙电路，此电路测得的偏大C.实验中应采用图甲电路，误差主要是由电压表分流引起的D.实验中应采用图乙电路，误差主要是由电流表分压引起的【答案】C【解析】【详解】根据故应采用电流表外接法，即实验中采用图甲电路图，由于电压表的分流作用，使得测量的电流值偏大，则根据可知，测得电阻比真实值小，故ABD错误C正确。故选C。二、多选题9.如图所示，两块较大的金属板A、B相距为d，平行放置并与一电源相连，S闭合后，两板间恰好有一质量为m、带电量为q的油滴处于静止状态，以下说法正确的是（）A.若将S断开，则油滴将做自由落体运动，G表中无电流B.若将A板向左平移一小段位移，则油滴仍然静止，G表中有b→a的电流C.若将A向上平移一小段位移，则油滴向下加速运动，G表中有b→a的电流D.若将A向下平移一小段位移，则油滴向上加速运动，G表中有b→a的电流 【答案】BC【解析】【详解】A．将S断开，电容器的电量不变，板间场强不变，油滴所受的电场力不变，故油滴仍处于静止状态，A错误；B．若将A板左移，电容器板间电压不变，由可知，场强E不变，油滴所受的电场力不变，仍处于静止状态，根据可知电容器的电容减小，由知电容器的电量将减小，放电，则G表中有的电流，B正确；C．将A板上移，由可知，E变小，油滴所受的电场力减小，将向下加速运动，根据可知电容C变小，电量减小，电容器要放电，则有由的电流流过G，C正确；D．将A板下移，由可知，E变大，油滴所受的电场力变大，将向上加速运动，根据可知电容C变大，电量变大，电容器要充电，则有由的电流流过G，D错误。故选BC。10.如图，一电子沿等量异种电荷中垂线由飞过，则电子所受电场力大小和方向及电势的变化（　　）A.电场力先变大后变小，方向水平向左。B.电场力先变大后变小，方向水平向右。C.电势先变小后变大，方向水平向左。D.电子沿飞过电势不变。【答案】AD【解析】【详解】AB．中垂线由过程，场强先变大后变小，方向水平向右。电子带负电，电场力先变大后变小，方向水平向左。故A正确；B错误；CD．等量异种电荷中垂线上电势相等。故C错误；D正确。故选AD。11.如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r．将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表示数变化量的绝对值分别为，理想电流表示数变化量的绝对值，则 A.A的示数增大B.的示数增大C.与的比值大于rD.大于【答案】ACD【解析】【详解】A．滑动变阻器的滑片向下滑动，导致滑动变阻器阻值变小，由于电压表断路，定值电阻和滑动变阻器为串联，滑动变阻器阻值变小，总电阻变小，电源电动势不变，总电流变大，即电流表示数变大，选项A对；B．电压表测量定值电阻的电压，电阻不变，总电流变大，所以电压变大即示数增大．电压表测量定值电阻和滑动变阻器总电压即路端电压，示数变小，选项B错；D．电压表测量滑动变阻器电压，设电流增加量为，则根据，，所以，选项D对；C．电压表的变化量，所以，选项C对．第II卷（非选择题）三、填空题（每空3分，共计12分）12.（1）已知某小量程的电流表满偏电流为1mA，内阻Rg=50Ω。若要将该电流表改装成量程为3V的电压表，则应___________联一个阻值为___________Ω的电阻。（2）电流表A（量程0~100mA，内阻为10Ω）要将电流表A的量程扩大至0.6A，则应___________联一个阻值为___________（结果保留两位有效数字）Ω的电阻。【答案】①.串②.2950③.并④.2.0【解析】【详解】（1）[1]由串联电阻的分压作用可知，若要将该电流表改装成量程为3V的电压表，则应串联一个电阻。[2]由欧姆定律和串联电路特点可得 可得串联电阻的阻值（2）[3]由并联电阻的分流作用可知，要将电流表A的量程扩大，则应并联一个电阻。[4]由欧姆定律和并联电路特点可得可得并联电阻的阻值四、实验题（每空3分，共计15分）13.为了测量一精密金属丝的电阻率，某实验小组先用多用表粗测其电阻约为，（1）然后用图（b）的螺旋测微器测其直径_____________，再用毫米刻度尺测其长度为L。然后进行较准确测量，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下A．电压表（量程，内阻约为）B．电压表（量程，内阻约为）C．电流表（量程，内阻约）D．电流表（量程，内阻约为）E．滑动变阻器F．滑动变阻器G．输出电压为的直流稳压电源EH．电阻箱L．开关S，导线若干 （2）为了测量范围尽可能大一些，则上述器材中电流表选取_____________、滑动变阻器应选择_____________（填器材前序号）（3）请在虚线框内设计最合理的电路图_____________。（4）如果金属丝直径为D，长度为L，所测电压为U，电流为I，写出计算电阻率的表达式_____________。【答案】①.4.700②.D③.E④.⑤.【解析】【详解】（1）[1]由图（b）可知螺旋测微器读数为（2）[2][3]实验需要电源、开关与导线，故选G、L；因为电动势为3V，应选3V量程电压表，故选A；因为待测电阻约为6Ω，为了测量方便应选与待测电阻阻值相近的滑动电阻器，故选E；由闭合电路欧姆定律，电路最大电流约为应选用量程600mA的电流表，故选D。（3）[4]题目要求测量范围大，故应选用分压法，待测电阻与电压表电流变关系为故被测电阻为小电阻，应选用电流表外接法，实验电路图如图所示 （4）[5]由电阻的决定式由几何知识由闭合电路欧姆定律联立可得【点睛】熟悉实验原理，了解分压法和限流法的选择要求，明确外接法和内接法的选择方法。五、解答题14.如图所示，一个点电荷形成的电场中有a、b两点。一个电荷量q=+4.0×10-8C的试探电荷在b点所受静电力Fb=8.0×10-4N。现将该试探电荷从a点移到b点，静电力做功W=1.6×10-6J。求：(1)b点电场强度的大小Eb；(2)a、b两点间的电势差Uab。【答案】(1)2×104N/C；(2)40V【解析】 【详解】(1)b点电场强度的大小为(2)a、b两点间的电势差Uab为15.如图所示，有一提升重物用的直流电动机，内阻为，串联一个阻值为的电阻，它们两端的总电压为U=160V，电压表读数为110V，求：（1）通过电动机的电流；（2）电动机的输入功率；（3）电动机的输出功率。【答案】（1）10A；（2）1100W；（3）1040W【解析】【详解】（1）由题可知，直流电动机和电阻R串联，电阻R两端的电压为根据欧姆定律可知，通过电动机的电流即为通过电阻R的电流，则（2）电动机的输入功率为（3）电动机的输出功率为16.如图所示，一个电子由静止经水平加速电场加速后，又沿中心轴线从O点垂直射入竖直偏转电场，并从另一侧射出打到竖直放置荧光屏上的P点，点为荧光屏的中心。已知电子质量m，电荷量大小为e，加速电压为，偏转电场电压，极板下极带正电，长度为，板间距离为d ，极板的末端到荧光屏的距离为。（不计重力）。求：（1）电子射出竖直偏转电场时的偏移量y；（2）电子打在荧光屏上的P点到点的距离h。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）在加速电场中，根据动能定理得解得在偏转电场中，电子做类平抛运动，在水平方向上在竖直方向上根据牛顿第二定律得解得（2）电子离开偏转电场后做匀速直线运动，如图 在类平抛运动中，末速度的反向延长线会经过水平位移的中点，则有解得