2017年四川省眉山市中考物理真题及答案.doc

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2017年四川省眉山市中考物理真题及答案一、选择题1．（3分）下列估测的数据中最接近实际的是（　　）A．一张中考试卷厚度大约为1mmB．一间普通教室内空气的质量大约为300gC．家用空调的电功率约为1000WD．某初三学生百米成绩约为8s2．（3分）下列关于材料、技术及能的说法中正确的是（　　）A．数码相机的图象传感器与处理芯片是由半导体材料制成的B．微波炉是利用电流的热效应加热食品的C．我国海域深处蕴藏大量的“可燃冰”属于可再生能D．“华龙一号”第三代核电站是利用核聚变释放出的能量发电的3．（3分）眉山市瓦屋是著名的风景区，远远望去，云雾缭绕，显得神秘而美丽．关于云雾的形成，下列说法正确的是（　　）A．从山中冒出的烟B．水蒸气遇冷液化形成的小水珠C．从山中蒸发出的水蒸气D．水蒸气凝华形成的小水珠4．（3分）下列关于温度、热量和内能说法正确的是（　　）A．热量总是从高温物体传给低温物体B．物体从外界吸收了热量，温度一定升高C．物体的温度越高，具有的热量越多D．物体的内能增加，则一定是从外界吸收了热量5．（3分）甲、乙两车在某一平直公路上，从同一地点同时向东运动，它们的s﹣t图象（路程﹣时间图象）如图所示．则下列判断错误的是（　　） A．甲、乙都在做匀速直线运动B．甲的速度小于乙的速度C．若以乙为参照物，甲往东运动D．经过4s，甲乙相距8m6．（3分）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上各元件位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则下列说法正确的是（　　）A．利用了这一原理制成了照相机B．若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变小C．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，会在光屏上成一个清晰倒立、放大的像D．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛放在刻度线45cm处，适当移动光屏也能得到一个清晰的像7．（3分）如图所示，人造卫星沿椭圆形轨道绕地球运行，下列说法正确的是（　　）A．卫星在近地点时，动能最大，机械能最大B．卫星在远地点时，势能最大，机械能最大C．卫星从近地点向远地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变D．卫星从远地点向近地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变8．（3分）如图所示，闭合开关S后，发现电灯L不亮，且保险丝没有熔断．用试电笔测试灯头的两端C、D，发现这两处都能使试电笔的氖管发光，再用试电笔测试B处氖管不发光．若电路中只有一处故障，则（　　） A．AC段某处断路B．BD段某处断路C．电灯L断路D．电灯L短路9．（3分）将丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开，以下说法正确的是（　　）A．摩擦起电创造了电荷B．摩擦后丝绸带正电荷C．金属箔带电是因为玻璃棒上的电子转移到验电器上D．玻璃棒与验电器接触时，瞬间的电流方向是从玻璃棒到验电器10．（3分）在如图所示的电路中，电电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（　　）A．电流表的示数变小，电压表的示数不变B．电流表的示数变大，电压表的示数不变C．电流表的示数变小，电压表的示数变大D．电流表的示数变小，电压表的示数变小11．（3分）如图所示，叠放在一起的物体A和B，在F=15N的水平拉力作用下沿水平作匀速直线运动，则下列结论中正确的是（　　）A．A受到的重力与地面A的支持力是一对平衡力B．B受到的重力与A对B的支持力是一对相互作用力C．B物体受到的摩擦力为0D．若增大拉力F，则A与地面的摩擦力也随着增大12．（3分）如图所示，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高2cm，容器底部受到的压强变化了160Pa（取g=10N/kg），则下列判断错误的是（　　） A．液体的密度是0.8×103g/m3B．木块的密度为0.6g/cm3C．木块受到的浮力是6ND．使木块完全浸没需要4N向下的压力13．（3分）如图所示，电电压为6V且保持不变，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，电流表的量程为“0～0.6A”，小灯泡上标有“3V1.5W”字样．不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则（　　）A．当S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器接入电路的阻值范围是4Ω～20ΩB．当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗最大功率是3.6WC．当S、S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率最小值为2.4WD．当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值是15Ω　二、填空题（共6个小题，每空2分，共24分，将正确答案直接填写在答题卡相应的位置上）14．（4分）古筝是通过演奏者拨动琴弦，使琴弦　　而发声的．演奏时，分别拨动长度、粗细不同的琴弦，古筝就能发出　　（填“音调”“响度”或“音色”）不同的声音．15．（4分）在四冲程汽油机工作过程中，实现内能转化为机械能的是　　冲程．完全燃烧500g汽油释放出的热量是　　J（汽油的热值为4.6×107J/g）16．（4分）如图所示，甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹起时，会发现B、C管中的液体上升到一定高度，则h1：h2=　　，B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，　　．（ρ酒精=0.8×103kg/m3） 17．（4分）某品牌手机充电宝，上面标有电压为5V，容量为12000mA•h，它充满电后，可以储存的电能是　　J，在充电过程中，将电能转化为　　能储存．18．（4分）如图所示，是研究“在相同时间内电流通过导体产生的热量与　　的关系”的实验装置和．若电阻丝R甲=5Ω，R乙=10Ω，通过电路中的电流为0.5A，则甲电阻丝在2min内产生的热量是　　J．19．（4分）如图所示，斜面高为2m，用斜面向上大小为250N的拉力F，将重为600N的木箱由斜面底端以0.6m/s的速度匀速拉动，经过10s到达顶端，则拉力的功率是　　W，物体与斜面间的摩擦力是　　N．　三、实验与探究（共3个题）20．（6分）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：（1）在两个完全相同的烧杯中分别装入　　、初温都相同的水和煤油（选填“质量”或“体积”）．（2）实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和煤油　　相同，然后比较　　的方法完成探究实验的．（3）根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图所示，则　　的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容　　．（选填：“较大”或“较小”）（4）由图象可得煤油的比热容为　　J/（kg•℃）21．（6分）小明在盆中清洗樱桃时发现樱桃会沉入水中，他想知道樱桃的密度，于是他做了如下操作： （1）把天平放在水平台面上，将　　移到标尺左端零刻线处，发现指针指在分度盘左侧，接下应向　　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母使横梁平衡．（2）用天平测出透明空烧杯的质量m1=20.8g，然后将透明空烧杯中装入适量水，把一粒樱桃放入烧杯中的樱桃放入烧杯中，再往烧杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到樱桃悬浮，随即停止加盐，将烧杯中的樱桃取出，用调好的天平测出烧杯与盐水总质量，如图甲所示，记作m2=　　g．（3）将烧杯中的盐水全部倒入空量筒中，如图乙所示，量筒中盐水的体积为V=　　cm3，则樱桃的密度为　　kg/m3．（4）以上实验操作，测出的樱桃密度比实际值将偏　　（选填“大”或“小”）．22．（7分）在“测定小灯泡的功率”的实验中，选用了如图甲所示的器材，其中电为3节新干电池，小灯泡的额定电压为2.5V（小灯泡的额定功率小于1W），滑动变阻器标有“25Ω1A”（1）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整．（请用签字笔在答题卡上连线）（2）连接电路过程中，滑片P应置于　　端．（选填“A”或“B”）（3）闭合开关后，无论怎样移到滑片P，小灯泡几乎不发光，两电表均有较小示数且保持不变，则故障可能是　　．（4）排出故障后，移到滑动变阻器P到某处时，电压表示数为2V，若要测小灯泡的额定功率时，应将滑片P向　　端移动（选填“A”或“B”）．当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流是　　A，小灯泡的额定功率是　　W．（5）利用该电路继续探究电流跟电阻的关系时，需将小灯泡换成适当的定值电阻R，其他器材不变．若实验时保持电压表示数为2V不变，则更换的电阻阻值不能大于　　．　 2017年四川省眉山市中考物理试卷参考答案与试题解析　一、1．（3分）（2017•眉山）下列估测的数据中最接近实际的是（　　）A．一张中考试卷厚度大约为1mmB．一间普通教室内空气的质量大约为300gC．家用空调的电功率约为1000WD．某初三学生百米成绩约为8s【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解答】解：A．一张试卷纸的厚度约为0.08毫米，合80微米；不足1mm，故A不符合实际；B．一般教室的建筑面积为100m2，教室的高一般为3m；故教室内空气的体积为V=sh=100m2×3m=300m3；根据空气的密度为1.29kg/m3；故空气的质量为m=ρV=1.29kg/m3×300m3=387kg，故B不符合实际；C．家用空调的电功率约为1000W，故C符合实际；D．男子百米世界记录略小于10s，中学生百米赛跑的成绩在16s左右．故D不符合实际．故选C．【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用．　2．（3分）（2017•眉山）下列关于材料、技术及能的说法中正确的是（　　）A．数码相机的图象传感器与处理芯片是由半导体材料制成的B．微波炉是利用电流的热效应加热食品的C．我国海域深处蕴藏大量的“可燃冰”属于可再生能D．“华龙一号”第三代核电站是利用核聚变释放出的能量发电的【分析】（1）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体之间的叫半导体；（2）微波炉是一种用微波加热食品的现代化烹调灶具，微波属于电磁波的一种； （3）可以从自然界不断地得到的能称之为可再生能；一旦消耗就很难再生的能称之为不可再生能；（4）核电站的原理是通过核裂变释放能量发电的．【解答】解：A、数码相机的图象传感器是用半导体材料制成的，故A正确；B、生活中常用的微波炉是用微波（电磁波）加热食品的，是电流的磁效应，故B错误；C、可燃冰不能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能，故C错误；D、核电站是利用核裂变释放能量的，不是利用核聚变，故D错误．故选A．【点评】本题考查学生对半导体、电磁波的利用、能的分类以及核裂变利用的掌握情况，需要准确记忆．　3．（3分）（2017•眉山）眉山市瓦屋是著名的风景区，远远望去，云雾缭绕，显得神秘而美丽．关于云雾的形成，下列说法正确的是（　　）A．从山中冒出的烟B．水蒸气遇冷液化形成的小水珠C．从山中蒸发出的水蒸气D．水蒸气凝华形成的小水珠【分析】解答此题首先要知道的雾气是什么状态，然后知道这种状态的物质从哪的．雾气是液态的小水滴，是由空气中的水蒸气液化变的．【解答】解：山上空气中总有很多的水蒸气，但是水蒸气和空气一样是看不见的．山顶的温度较低，水蒸气遇冷液化成小水滴，形成雾．故选B．【点评】本题中不要误以为雾气是水蒸气．生活中看到的白气、白雾都是液态的小水滴，而不是水蒸气，它的形成过程都是液化．　4．（3分）（2017•眉山）下列关于温度、热量和内能说法正确的是（　　）A．热量总是从高温物体传给低温物体B．物体从外界吸收了热量，温度一定升高C．物体的温度越高，具有的热量越多D．物体的内能增加，则一定是从外界吸收了热量【分析】热量是指在热传递过程中传递的能量，只有在热传递过程中才能提到热量； 温度表示物体的冷热程度，在微观角度看表示了大量分子无规则运动的剧烈程度；内能是分子动能（大量分子做无规则热运动的剧烈程度）和分子势能（分子间作用力）的总和．【解答】解：A、两个不同温度的物体相接触发生热传递时，热量总是从高温物体传给低温物体，故A正确；B、物体吸收热量，温度不一定会升高，比如晶体熔化过程，虽然吸收热量，但温度不变．故B错误；C、只有在热传递过程中才能提到热量；故C错误；D、物体内能增加，可能是外界对物体做功，也有可能是发生了热传递，故D错误故选A．【点评】区分温度、热量、内能，要从宏观和微观两个角度的表现认识：宏观的温度的升高是指微观的分子运动更剧烈；宏观的物态变化是指微观的分子间作用力变化；内能是指二者之和．　5．（3分）（2017•眉山）甲、乙两车在某一平直公路上，从同一地点同时向东运动，它们的s﹣t图象（路程﹣时间图象）如图所示．则下列判断错误的是（　　）A．甲、乙都在做匀速直线运动B．甲的速度小于乙的速度C．若以乙为参照物，甲往东运动D．经过4s，甲乙相距8m【分析】（1）匀速直线运动时速度是定值，即通过的路程与时间成正比，由此根据甲乙s﹣t图象分析它们的运动状态；（2）相同时间通过的路程越大物体的速度越快，由此判断甲和乙的速度关系；（3）由图象可知两小车在4s内的路程，由此可判断两小车的位置关系．【解答】解：A、由图象知，甲和乙的s﹣t图线都是正比例图线，它们通过的路程与时间成正比，即甲、乙都在做匀速直线运动，故A正确；B、由图知，相同时间内乙通过的路程大于甲，所以乙的速度大于甲，故B正确；CD、两车同时、同地、向东做匀速直线运动，由图知，4s时间甲车路程为s甲=4m，乙车路程为s乙=12m， 甲车在乙车的后方s=s甲﹣s乙=12m﹣4m=8m处，所以以乙为参照物，甲向西运动，故C错误，D正确．故选C．【点评】这是一道图象题，由物体的s﹣t图象，我们可以求：①物体在一定时间内的路程，②物体通过一定路程所用时间，③判断物体的运动状态，④求物体的运动速度．　6．（3分）（2017•眉山）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，光具座上各元件位置如图所示，此时在光屏上恰好成一个清晰的像，则下列说法正确的是（　　）A．利用了这一原理制成了照相机B．若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变小C．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，会在光屏上成一个清晰倒立、放大的像D．若保持凸透镜位置不变，将蜡烛放在刻度线45cm处，适当移动光屏也能得到一个清晰的像【分析】凸透镜成像的规律：当u＞2f时，成倒立、缩小的实像．照相机、摄像机就是根据这个原理制成的．当u=2f时，成倒立、等大的实像．当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像．幻灯机、投影仪就是根据这个原理制成的．当u=f时，无像．经凸透镜折射后的光线是平行的，没有会聚点．当u＜f时，成正立、放大的虚像．放大镜就是根据这个原理制成的．成实像时的动态变化规律是：物近像远像变大，物远像近像变小．【解答】解：A、由图可知，物距小于像距，f＜u＜2f，v＞2f，此时光屏上成倒立放大的实像，幻灯机或投影仪利用了此原理．u＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机，故图示不照相机机的原理图．故A错误；B、成实像时的动态变化规律是：物远像近像变小，则若将蜡烛远离凸透镜，则应将光屏靠近凸透镜才能得到清晰的像，且像逐渐变小，故B正确．C、若保持凸透镜位置不变，将蜡烛和光屏的位置互换，此时u＞2f，成倒立、缩小的实像，故C错误；D、由图可知，f＜u﹣15cm＜2f，则7.5cm＜f＜15cm，当将蜡烛放在刻度线45cm处，当u＜f时，成正立、放大的虚像，虚像不能在光屏上承接．故D错误． 故选B．【点评】要求学生能从图中获取信息，然后利用所学规律分析解答问题，这是考试中常见的题型，考查学生的分析能力．此题的关键是掌握凸透镜成像的规律．搞清像距、像的大小与物距之间的关系．　7．（3分）（2017•眉山）如图所示，人造卫星沿椭圆形轨道绕地球运行，下列说法正确的是（　　）A．卫星在近地点时，动能最大，机械能最大B．卫星在远地点时，势能最大，机械能最大C．卫星从近地点向远地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变D．卫星从远地点向近地点运行时，动能逐渐减小，势能逐渐增大，机械能不变【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，势能越大．（3）在大气层外，卫星绕地球运动时，没有阻力作用，没有克服摩擦做功，机械能守恒．【解答】解：A、卫星在近地点时，速度最大，动能最大，距离地球最近，势能最小，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故A错误；B、卫星在远地点时，速度最小，动能最小，距离地球最远，势能最大，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故B错误；C、卫星从近地点向远地点运行时，速度越越小，动能逐渐减小，距离地球越越远，势能逐渐增大，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故C正确；D、卫星从远地点向近地点运行时，速度越越大，动能逐渐增大，距离地球越越近，势能逐渐减小，卫星在绕地球运动过程中，没有受到任何阻力作用，机械能守恒．故D错误．故选C．【点评】注意太空中由于物体之间有相对距离时，具有的是势能而不是重力势能．同时知道太空中没有空气的阻力，机械能守恒．　 8．（3分）（2017•眉山）如图所示，闭合开关S后，发现电灯L不亮，且保险丝没有熔断．用试电笔测试灯头的两端C、D，发现这两处都能使试电笔的氖管发光，再用试电笔测试B处氖管不发光．若电路中只有一处故障，则（　　）A．AC段某处断路B．BD段某处断路C．电灯L断路D．电灯L短路【分析】解决此题要知道保险丝没有熔断，说明没有发生电流过大的情况；测量火线氖管发光，证明进户火线正常；测量零线不发光，说明零线也正常．【解答】解：A、AC段某处断路时，则试电笔接触D点时，氖管不发光，故A错误；B、BD段某处断路，则试电笔接触CD点时，氖管发光，接触B点时不发光，故B正确；C、电灯L断路，则试电笔接触D点时，氖管不发光，故C错误；D、电灯L短路，则电短路，电路中电流过大，保险丝会熔断，与题意不符，故D错误．故选B．【点评】本题考查学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握测电笔的使用方法．　9．（3分）（2017•眉山）将丝绸摩擦过的玻璃棒去接触不带电的验电器的金属球，发现验电器的两片金属箔张开，以下说法正确的是（　　）A．摩擦起电创造了电荷B．摩擦后丝绸带正电荷C．金属箔带电是因为玻璃棒上的电子转移到验电器上D．玻璃棒与验电器接触时，瞬间的电流方向是从玻璃棒到验电器【分析】A、摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷；B、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，人们规定，用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，摩擦的过程中，其实质是电子的转移，玻璃棒失去电子而带正电，丝绸得到电子而带负电；C、当带正电的玻璃棒靠近验电器的金属球时，玻璃棒上的正电荷吸引验电器上的负电荷（自由电子），验电器上的电子转移到玻璃棒上，由于验电器的金属箔片少了带负电的电子而带正电；D、正电荷定向移动的方向规定为电流方向，负电荷定向移动方向与电流方向相反【解答】解：A、摩擦起电的实质是电荷的转移，在摩擦起电中并没有创造电荷，故A错误；B、丝绸摩擦这的玻璃棒带正电，故B错误； C、当带正电的玻璃棒靠近验电器的金属球时，玻璃棒上的正电荷吸引验电器上的负电荷（自由电子），验电器上的电子转移到玻璃棒上，由于验电器的金属箔片少了带负电的电子而带正电，故C错误；D、因为电流方向与电子移动的方向相反，故电流从玻璃棒到验电器，故D正确．故选D．【点评】本题考查了摩擦起电的实质、丝绸摩擦的玻璃棒带正电、电流方向的规定以及电子转移情况，属于基础知识，比较简单．　10．（3分）（2017•眉山）在如图所示的电路中，电电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（　　）A．电流表的示数变小，电压表的示数不变B．电流表的示数变大，电压表的示数不变C．电流表的示数变小，电压表的示数变大D．电流表的示数变小，电压表的示数变小【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测电的电压，电流表测干路电流，根据电的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化．【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2串联，电压表测电的电压，电流表测干路电流，因电电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故CD错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R1的电流不变，滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=可得，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故A正确、B错误． 故选A．【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键．　11．（3分）（2017•眉山）如图所示，叠放在一起的物体A和B，在F=15N的水平拉力作用下沿水平作匀速直线运动，则下列结论中正确的是（　　）A．A受到的重力与地面A的支持力是一对平衡力B．B受到的重力与A对B的支持力是一对相互作用力C．B物体受到的摩擦力为0D．若增大拉力F，则A与地面的摩擦力也随着增大【分析】利用以下知识分析解答：（1）平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上．（2）相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上．（3）两个互相接触的物体，当它们做相对运动时，在接触面上会产生一种阻碍相对运动的力，这种力就叫摩擦力；（4）摩擦力大小的影响因素：压力和接触面的粗糙程度．【解答】解：A、A受到的重力与地面A的支持力是一对平衡力大小不相等，不是一对平衡力．故A错误；B、B受到的重力与A对B的支持力是作用在作用在同一个物体上的两个力，不是一对相互作用力．故B错误；C、AB同时向前做匀速直线运动，所以AB之间没有相对运动的趋势，B不受摩擦力的作用，即B物体受到的摩擦力为0．故C正确；D、若增大拉力F，A对地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以A与地面的摩擦力不变．故D错误．故选C．【点评】此题考查平衡力和相互作用力的区分，摩擦力及摩擦力大小的影响因素，平衡力与相互作用力的区别主要在于：平衡力是作用在同一物体上的两个力；相互作用力是作用在两个物体上的力．　 12．（3分）（2017•眉山）如图所示，将边长为10cm的正方体木块放入装有某种液体的圆柱形容器中，木块静止时，有的体积露出液面，此时液面比放入木块前升高2cm，容器底部受到的压强变化了160Pa（取g=10N/kg），则下列判断错误的是（　　）A．液体的密度是0.8×103g/m3B．木块的密度为0.6g/cm3C．木块受到的浮力是6ND．使木块完全浸没需要4N向下的压力【分析】（1）已知压强变化了160Pa，根据公式p=ρgh即可求出液体的密度；（2）由题意知，木块静止时，有的体积露出液面，根据漂浮条件和阿基米德原理即可求出木块密度；（3）求出木块的体积，根据G=mg=ρgV求出木块的重力，根据漂浮条件即可求出浮力；（4）根据阿基米德原理求出浸没时所受的浮力，然后利用F=F浮﹣G求出压力．【解答】解：A、根据公式p=ρgh可得液体密度：ρ液===0.8×103kg/m3；故A正确；B、木块静止时，有的体积露出液面，则V排=（1﹣）V木=V木，根据漂浮条件可得：F浮=G木，即：ρ液gV排=ρ木gV木，所以，ρ木=ρ液=×ρ液=×0.8×103kg/m3═0.6g/cm3；故B正确；C、木块的体积V木=L=（10cm）3=1000cm3=1×10﹣3m3，木块的重力G木=m木g=ρ木gV木=0.6×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=6N；则F浮=G木=6N；故C正确；D、木块完全浸没浮力F浮′=ρ液gV木=0.8×103kg/m3×10N/kg×1×10﹣3m3=8N；则压力F=F浮﹣G木=8N﹣6N=2N；故D错误．故选D．【点评】本题考查漂浮条件和阿基米德原理的应用，关键是已知压强的变化可以利用液体压强公式进行计算深度的变化．　 13．（3分）（2017•眉山）如图所示，电电压为6V且保持不变，R0=30Ω，滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，电流表的量程为“0～0.6A”，小灯泡上标有“3V1.5W”字样．不考虑灯丝电阻变化，并保证电路安全，则（　　）A．当S闭合，S1、S2都断开时，滑动变阻器接入电路的阻值范围是4Ω～20ΩB．当S闭合，S1、S2都断开时，电路消耗最大功率是3.6WC．当S、S1、S2都闭合时，电路消耗的总功率最小值为2.4WD．当S、S1、S2都闭合时，滑动变阻器接入电路的最小阻值是15Ω【分析】（1）S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联．根据滑动变阻器的规格和欧姆定律可知滑动变阻器接入电路的阻值范围；（2）S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，根据P=UI求得电路消耗最大功率；（3）S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，要使电路消耗的总功率最小，则滑动变阻器的阻值最大，据此求得流经滑动变阻器的电流，与R0的支路上的电流之和为干路上的电流，然后利用P=UI求得电路消耗的总功率最小值；（4）S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，当电路消耗的总功率最大时，根据电流表的量程确定干路中的电流，利用R=求得电路中的总电阻，然后可求滑动变阻器接入电路的阻值．【解答】解：A、S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与灯泡串联．由P=可得，小灯泡电阻RL===6Ω，由P=UI可得小灯泡正常发光时的电流：I===0.5A，当电路中电流最大时，电阻最小，则滑动变阻器接入电路的最小阻值：R小===6Ω；滑动变阻器的规格为“20Ω1A”，则最大阻值R大=20Ω，故滑动变阻器接入电路的阻值范围是6Ω～20Ω；故A错误；B、S闭合，S1、S2都断开，滑动变阻器与L串联，电阻最小时电流最大，其最大电流：I最大 ==0.5A电路消耗最大功率P最大=UI最大=6V×0.5A=3W；故B错误；C、S、S1、S2都闭合，滑动变阻器与R0并联，通过R0的电流：I1===0.2A，当滑动变阻器的阻值最大时，此支路上的电流最小，则I2===0.3A，则干路上的电流I最小=I1+I2=0.2A+0.3A=0.5A，电路消耗的总功率最小值P最小=UI最小=6V×0.5A=3W，故C错误；D、由电流表的量程可知，干路中的最大电流为0.6A，则电路消耗的总功率最大，电路中的总电阻R总===10Ω，滑动变阻器与R0并联，则=+，即：=+，解得R滑=15Ω．故D正确．故选D．【点评】此题考查了电路连接关系的识别、串并联电路的特点、欧姆定律以及电功率的计算，是电学典型的综合题，考查全面，难度较大，需要熟练掌握电路特点、计算公式和规律．　二、填空题（共6个小题，每空2分，共24分，将正确答案直接填写在答题卡相应的位置上）14．（4分）（2017•眉山）古筝是通过演奏者拨动琴弦，使琴弦　振动　而发声的．演奏时，分别拨动长度、粗细不同的琴弦，古筝就能发出　音调　（填“音调”“响度”或“音色”）不同的声音．【分析】声音是由物体振动产生的，振动停止，发生停止；音调跟频率有关，频率越大，音调越高；质量大体积大的物体难振动，频率小，音调低．【解答】解：古筝是通过演奏者拨动琴弦，使琴弦振动而发声的；演奏时，分别拨动长度、粗细不同的琴弦，琴弦的振动频率不同，音调不同．故答案为：振动；音调．【点评】本题主要考查了声音发声的原因和乐音的特征；掌握弦乐、管乐、打击乐的音调、响度的影响因素．　15．（4分）（2017•眉山）在四冲程汽油机工作过程中，实现内能转化为机械能的是　做功　冲程．完全燃烧500g汽油释放出的热量是　2.3×107　J（汽油的热值为4.6×107J/g）【分析】（1）在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的是压缩冲程，内能转化为机械能的是做功冲程； （2）根据Q=mq求出放出的热量；【解答】解：在内燃机的压缩冲程中，活塞压缩气体做功，使气体的内能增大，温度升高，机械能转化为内能；做功冲程，高温高压燃气对活塞做功，自身内能减小，活塞机械能增加，即将内能转化为机械能；完全燃烧500kg汽油放出的热量：Q=mq=0.5kg×4.6×107J/kg=2.3×107J；故答案为：做功；2.3×107；【点评】本题主要考查对热机各冲程特点的了解和热值计算公式的理解和掌握，基础性题目．　16．（4分）（2017•眉山）如图所示，甲、乙容器中分别盛有水和酒精，当在A处沿水平方向快速吹起时，会发现B、C管中的液体上升到一定高度，则h1：h2=　4：5　，B、C管中的液体上升的原因是A处空气流速加快，　压强减小　．（ρ酒精=0.8×103kg/m3）【分析】（1）由图知，管内气体压强加上液体产生的压强和大气压相等，据此可知两边液体柱产生的压强相等，知道水的密度、酒精的密度，利用液体压强公式得出液柱高度大小关系；（2）流体在压强越大的地方压强越小，在压强越小的地方压强越大．【解答】解：（1）设B管内水柱产生的压强为p水，C管内酒精产生的压强为p酒精，管内气体压强为p，由图知，管内气体压强加上液体产生的压强等于大气压，则大气压p0=p+p水=p+p酒精，所以p水=p酒精，由液体压强公式可得：ρ水gh1=ρ酒精gh2，则h1：h2=ρ酒精：ρ水=0.8×103kg/m3：1×103kg/m3=4：5；（2）当在A处沿水平方向快速吹气时，A处空气流速加快、压强减小，管内气体的压强小于外界大气压，液体在大气压的作用下上升．故答案为：4：5；压强减小．【点评】本题考查了大气压强的存在和液体压强公式的灵活应用，关键是确定B、C两液柱产生的压强相等． 　17．（4分）（2017•眉山）某品牌手机充电宝，上面标有电压为5V，容量为12000mA•h，它充满电后，可以储存的电能是　2.16×105　J，在充电过程中，将电能转化为　化学　能储存．【分析】（1）由铭牌可知电池的电压和容量，根据W=UIt求出它一次充满后储存的电能；（2）电池充电与放电过程实际上是能量的转化过程，根据充电能量形式的变化进行解答．【解答】解：（1）该电池一次充满电后储存的电能：W=UIt=5V×12000×10﹣3A×3600s=2.16×105J；（2）电池的充电和供电是相反的过程，充电时是把电能转化为化学能，放电时是把化学能转化为电能．故答案为：2.16×105；化学．【点评】本题考查了能量的转化和储存电能的计算，关键是电池参数含义的了解与掌握．　18．（4分）（2017•眉山）如图所示，是研究“在相同时间内电流通过导体产生的热量与　电阻　的关系”的实验装置和．若电阻丝R甲=5Ω，R乙=10Ω，通过电路中的电流为0.5A，则甲电阻丝在2min内产生的热量是　150　J．【分析】（1）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（2）产生的热量直接运用焦耳定律Q=I2Rt计算．【解答】解：（1）如图甲，两个电阻串联在电路中，电流相同，通电时间相同，电阻不同，根据控制变量法可知，是探究电流产生热量跟电阻的关系；（2）甲电阻丝在2min内产生的热量：Q甲=I2R甲t=（0.5A）2×5Ω×2×60s=150J．故答案为：电阻；150．【点评】 本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型．　19．（4分）（2017•眉山）如图所示，斜面高为2m，用斜面向上大小为250N的拉力F，将重为600N的木箱由斜面底端以0.6m/s的速度匀速拉动，经过10s到达顶端，则拉力的功率是　150　W，物体与斜面间的摩擦力是　50　N．【分析】（1）利用P===Fv求拉力的功率；（2）利用W=Gh求拉力做的有用功，利用s=vt求斜面长，利用W=Fs求拉力做的总功，额外功等于总功减去有用功，再利用W额外=fs求摩擦力的大小．【解答】解：（1）拉力的功率：P===Fv=250N×0.6m/s=150W；（2）有用功：W有用=Gh=600N×2m=1200J，斜面长s=vt=0.6m/s×10s=6m，拉力做的总功：W总=Fs=250N×6m=1500J，额外功：W额外=W总﹣W有用=1500J﹣1200J=300J，由W额外=fs可得摩擦力的大小：f===50N．故答案为：150；50．【点评】本题考查有用功、总功、额外功的计算，知道额外功等于克服摩擦阻力做的功，解题的关键在于明确总功应等于有用功与额外功之和，注意f≠F，这是本题的易错点．　三、实验与探究（共3个题）20．（6分）（2017•眉山）在探究“比较不同物质吸热能力”的实验中：（1）在两个完全相同的烧杯中分别装入　质量　、初温都相同的水和煤油（选填“质量”或“体积”）．（2）实验中选择相同规格的电加热器，可以认为在相同时间内水和煤油　吸收的热量　相同，然后比较　升高的温度　的方法完成探究实验的． （3）根据实验测得的数据分别描绘出了水和煤油两种液体的温度随加热时间变化的图象，如图所示，则　水　的吸热能力更强，因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容　较大　．（选填：“较大”或“较小”）（4）由图象可得煤油的比热容为　2.1×103　J/（kg•℃）【分析】（1）物体吸收热量的多少与物体的质量有关，探究过程中需保证物体的质量相等；（2）质量相同的吸收相同的热量，吸热能力越强温度变化小．（3）分析图象分析水和煤油的温度变化情况，得出结论；质量相同的液体升高相同的温度吸收的热量越多，吸热能力越强．（4）使用相同的电加热器给水和煤油加热，可以保证相同时间两种液体吸收的热量相同，根据公式Q=cm△t可求煤油的比热容．【解答】解：（1）在两个相同的烧杯中加入初温相同和质量相同的水和煤油；（2）用相同的酒精灯加热，在相等时间内煤油和水吸收的热量相等，然后比较升高的温度的方法比较不同物质吸热能力，升高温度越高，吸热能力越弱；（3）由图象可知，质量相等的煤油和水吸收相等热量，升温较快的是煤油；若使两者升高相同的温度，水需要加热更长的时间，水吸收的热量较多．因此可以得出结论：水吸热能力较强．因此“暖手宝”中装的储热液具有的比热容较大；（4）由图象可得加热相同的时间，吸收的热量相同，煤油升高的温度是水升高温度的2倍，根据Q=cm△t知，煤油的比热容是水比热容的，即煤油的比热容为：c煤油=c水=×4.2×103J/（kg•℃）=2.1×103J/（kg•℃）．故答案为：（1）质量；（2）吸收的热量；升高的温度；（3）水；较大；（4）2.1×103．【点评】本实验采用了控制变量法，在研究设计多个量的问题时，为了研究某两个量间的关系，要控制除这两个量外的其它各量保持不变，这就是控制变量法，在实验中要注意控制变量法的应用，同时考查了转换法及描点法图象的画法，并能根据数据进行分析得出结论．　21．（6分）（2017•眉山）小明在盆中清洗樱桃时发现樱桃会沉入水中，他想知道樱桃的密度，于是他做了如下操作： （1）把天平放在水平台面上，将　游码　移到标尺左端零刻线处，发现指针指在分度盘左侧，接下应向　右　（选填“左”或“右”）调节平衡螺母使横梁平衡．（2）用天平测出透明空烧杯的质量m1=20.8g，然后将透明空烧杯中装入适量水，把一粒樱桃放入烧杯中的樱桃放入烧杯中，再往烧杯中逐渐加盐并搅拌，直至观察到樱桃悬浮，随即停止加盐，将烧杯中的樱桃取出，用调好的天平测出烧杯与盐水总质量，如图甲所示，记作m2=　75.8　g．（3）将烧杯中的盐水全部倒入空量筒中，如图乙所示，量筒中盐水的体积为V=　50　cm3，则樱桃的密度为　1.1×103　kg/m3．（4）以上实验操作，测出的樱桃密度比实际值将偏　偏大　（选填“大”或“小”）．【分析】（1）将托盘天平放置在水平桌面上，将游码拨至标尺左端零刻度线上；当指针恰好指在分度盘的中央或左右摆动幅度相同时，表示横梁平衡；指针向左偏，平衡螺母向右调；指针向右偏，平衡螺母向左调；（2）观察标尺上的分度值，物体的质量=砝码的质量+游码的读数；（3）观察量筒的量程和分度值，液体的体积V要平视量筒内液面直接读出；樱桃悬浮时，樱桃的密度等于盐水的密度；盐水的密度用ρ=直接算出，注意单位的换算；（4）根据盐水的体积变化分析．【解答】解：（1）使用天平时，应将它放在水平桌面上；把游码放在标尺左端的零刻线处，然后调节横梁右端的平衡螺母，使指针指在分度盘的中线上；天平指针偏左，应当将横梁右端的平衡螺母向右调节，直至平衡；（2）天平标尺上一大格表示1g，里面有5个小格，故其分度值为0.2g，盐水和烧杯的质量为50g+20g+5g+0.8g=75.8g；（3）倒入量筒中盐水的质量m=75.8g﹣20.8g=55g；量筒的分度值为1cm3，量筒中盐水的体积V=50ml=50cm3；樱桃悬浮时，樱桃的密度等于盐水的密度，则盐水的密度ρ樱桃===1.1g/cm3=1.1×103kg/m3；（4）将烧杯中的盐水全部倒入空量筒中，在烧杯的内壁上有盐水的残留，故使得测量的盐水的体积偏小，根据密度公式可知，所测盐水密度偏大；由于盐水的密度与樱桃的密度相等，故所成樱桃的密度偏大． 故答案为：（1）游码；右；（2）75.8；（3）50；1.1×103；（4）偏大．【点评】此题主要考查的是学生对天平和量筒的读数、物体的浮沉条件、密度计算公式、误差分析和实验步骤的设计等知识的理解和掌握，难度不大．　22．（7分）（2017•眉山）在“测定小灯泡的功率”的实验中，选用了如图甲所示的器材，其中电为3节新干电池，小灯泡的额定电压为2.5V（小灯泡的额定功率小于1W），滑动变阻器标有“25Ω1A”（1）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路连接完整．（请用签字笔在答题卡上连线）（2）连接电路过程中，滑片P应置于　B　端．（选填“A”或“B”）（3）闭合开关后，无论怎样移到滑片P，小灯泡几乎不发光，两电表均有较小示数且保持不变，则故障可能是　滑动变阻器同时接A、B接线柱　．（4）排出故障后，移到滑动变阻器P到某处时，电压表示数为2V，若要测小灯泡的额定功率时，应将滑片P向　A　端移动（选填“A”或“B”）．当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流是　0.24　A，小灯泡的额定功率是　0.6　W．（5）利用该电路继续探究电流跟电阻的关系时，需将小灯泡换成适当的定值电阻R，其他器材不变．若实验时保持电压表示数为2V不变，则更换的电阻阻值不能大于　20Ω　．【分析】（1）把滑动变阻器、电流表与待测电阻串联接入电路，滑动变阻器采用一上一下的接法；（2）闭合开关前，滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值；（3）根据滑动变阻器的接法分析；（4）小灯泡两端的电压等于额定电压时，小灯泡才会正常发光时，灯泡的实际功率等于额定功率；结合串联电路分压的特点确定滑片移动的方向；读出电流表示数，由电功率公式P=UI求出灯泡额定功率．（5）根据串联电路的电阻与电压的关系，并结合滑动变阻器的最大阻值解答．【解答】解：（1）滑动变阻器与待测电阻应串联在电路中，滑动变阻器采用一上一下的接法，灯泡正常发光时的电流为：I===0.4A；故电流表量程为0﹣0.6A；如图： ；（2）为确保电路安全，在开关闭合前，应将变阻器滑片P滑至B端；（3）无论怎样移到滑片P，小灯泡几乎不发光，两电表均有较小示数且保持不变，这说明滑动变阻器起不到调节电阻的作用，两表示数较小，说明滑动变阻器阻值较大，故故障原因是滑动变阻器接了下面的两个接线柱AB；（4）电压表示数为2V＜2.5V，根据串联电路分压的规律可知，需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路的阻值，故将滑片向A移动；当小灯泡正常发光时，电流表的示数是0.24A，所以其额定功率P=UI=2.5V×0.24A=0.6W；（5）在探究电流跟电阻的关系的实验中，保持电阻两端的电压为2V不变，滑动变阻器两端分压为：4.5V﹣2V=2.5V，定值电阻与滑动变阻器串联，通过它们的电流相等，滑动变阻器分压与定值电阻分压之比为2.5V：2V=5：4，滑动变阻器最大阻值为25欧姆，则定值电阻最大阻值为R=25Ω×=20Ω．故答案为：（1）如图；（2）B；（3）滑动变阻器同时接A、B接线柱；（4）A；0.24；0.6；（5）20Ω．【点评】本题考查了伏安法测小灯泡额定功率的实验，考查了连接实物图、电路故障分析和功率计算公式的应用等内容，涉及的知识点较多，但都属于基础题；知道伏安法测功率的原理是解题的关键．