08高考第一轮专题复习教案-直线运动2

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1、08高考《高三第一轮复习教案》：直线运动一、基本概念1、质点：用来代替物体的有质量的几何点，是理想化的模型。2、位移和路程：位移：表示物体位置变化的物理量，与运动轨迹无关，由初位置指向末位置，是矢量。路程：质点从初位置到末位置实际走过路程的长度，是标量。3、速度：表示物体（质点）运动快慢的物理量平均速度：一段位移跟发生这段位移所用时间的比值瞬时速度：质点在某位置或某时刻的速度4、加速度：用于反映质点速度变化快慢的物理量问题：（1）a=0可V≠0（匀速直线运动）a≠0也可V=0（竖直上抛至最高点）即a、V无关，而a是反映V变化之快慢（2）a变化表示何意？a变化则V必变

2、化吗？（3）a=-3m/s2是什么含义？如何判定加速还是减速？5、参照物例题分析：1、一物体沿半径为R的圆周运动一周后又回到了出发点，在此运动过程中，质点通过的路程和位移的大小的最大值分别为2πR和2R。2、某物体沿直线向一个方向运动，先以速度V1发生了位移S，再以速度V1发生了位移S，它在2s的位移中平均速度为2V1V2/(V1+V2)；若先以速度V112运动了时间t，又以速度V1运动了时间t，则它在全部时间内的平均速度为(V1+V2)/2。3、一质点作直线运动，在t=t0时，s>0，V>0，a>0，此后a逐渐减小，则：（ACD）A、速度的变化越来越慢B、速度逐渐

3、减小C、位移继续增大D、位移、速度始终为正值4、某测量员是这样利用回声测距离的，他站在两平行峭壁间某位置鸣枪，经过1.00s第一次听到回声，又经过0.50s再次听到回声，已知声速为340m/s，则两峭壁间的距离多大？分析：设近峭壁距离人为S1，则S1=Vt1=340m/s×=170m，声音从人传到远峭壁需时间t2=，所以有S2=340m/s×0.75s=255m,相距为170m+255m=425m。练习：1、一物体做匀变速直线运动，某时刻速度大小为4m/s，1s后速度的大小变为10m/s，这1s内该物体的：（AD）A、位移的大小可能小于4mB、位移的大小可能大于10

4、mC、加速度的大小可能小于4m/s2D、加速度的大小可能大于10m/s22、一个做匀变速直线运动的物体，其加速度方向不变而大小逐渐减小到零，那么该物体的运动情况可能是：（ABCD）A、速度不断增大，到加速度减小到零时速度达到最大，而后做匀速直线运动B、速度不断减小，到加速度减小到零时速度达到最小，而后做匀速直线运动C、速度不断减小，到加速度减小到零时运动停止D、速度不断减小到零后，又反向做加速运动，最后做匀速运动。12二、基本规律1、匀速直线运动特点：a=0,V=恒量，s=Vt2、匀变速直线运动①特点：a=恒量，V是时间的一次函数，s是时间的二次函数②概念：③规律问

5、题：某物体在水平面上以恒定的加速度运动其位移与时间的关系是S=24t-6t2，则据此关系式可得哪些信息？当t=4s时有S=0，表示什么意思？这4s时间内是匀变速直线运动吗？Vt=V0+at例题分析：1、以18m/s的速度行驶的汽车，紧急刹车后做匀减速直线运动，其加速度大小为6m/s2，求：（1）汽车在2s内通过的距离，（2））汽车在6s内通过的距离。分析：匀减速运动要注意会停止下来，即加速度会变，它不是一直匀减速，要判断何时会停（3秒即停了），之后是静止的。（24m，27m）2、矿井里的升降机由静止开始匀加速上升，经过5s速度达到4m/s，又以这个速度匀速上升20s

6、，然后匀减速上升，再经4s停在井口，求矿井的深度。12分析：可用两种方法求解，一用位移公式，二用平均速度公式。（10+80+8=98m）练习：1、海滨浴场的滑梯从顶端到入水处长约为12m，一人由滑梯顶端开始做初速度为零的匀加速直线运动，开始运动后1s内通过的路程是0.75m，则人滑动的加速度的大小是1.5，从顶端开始到入水所需的时间是4s，人入水时速度的大小是6m/s。2、一物体由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a1，经时间t后做匀减速直线运动，加速度大小为a2，若再经时间t恰能回到出发点，则a1：a2应为：（C）A、1：1B、1：2C、1：3D、1：4讲评：

7、前题为已知部分求整体，应注意各量的对应。后题应强化整体的匀变速来处理：S1=a1t2/2,而S2=-S1，此过程去了还返回且整段是匀变速，所以有：S=V1t-a2t2/2，V1=a1t即可得。注意规律均为矢量式，约定以V0为正方向，减速运动尽量取整段。dcba3、如图所示，ad、bd、cd是竖直平面内三根固定的细杆，a、b、c、d位于同一圆周上，a点为圆周的最高点，d为最低点，每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出）三个滑环分别从a、b、c处释放（初速为零），用t1、t2、t3、依次表示各滑环到达d所用的时间，则：（D）A、t1t2>t3C