欢迎来到天天文库
浏览记录
ID:30984222
大小:106.50 KB
页数:5页
时间:2019-01-05
《分类讨论的“源”与“流”》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在学术论文-天天文库。
1、分类讨论的“源”与“流” 分类讨论是中学阶段的重要数学思想,在解决数学问题的过程中有着重要的作用.什么时候 探访分类讨论之“源” 先来看下面三个问题. ①若一个实数的3倍是4,试求这个实数,只需解关于x的方程3x=4. ②若一个实数的倍是,试求这个实数,只需解关于x的方程x=. ③若一个实数的倍是6,试求这个实数,只需解关于x的方程x=6. 以上问题求解十分简单,除未知数x外,其余涉及的都是具体数字.如果用字母a,b来表示,将问题一般化,则有: 例1若一个实数的a倍是b,试求出这个实数,其中a∈R且b∈R. 同样地,解方
2、程ax=b即可得解. 但是,a,b拥有了更大的取值空间,也遇到了一个意外――a可以为0.在a=0的情况下,x=不成立.此时“ax=b”变成了“0×x=b”,方程是否无解呢?不一定,这还取决于b的值.当b=0时,x取任意实数均满足方程;当b≠0时,无论x取哪个实数均不满足方程.因此,我们必须对例1中的a,b进行分类讨论. 解析:当a≠0时,x=. 当a=0时,①若b=0,则x为任意实数;②若b≠0,则方程无解.5 由此看来,分类讨论是数学问题一般化之后的结果,这也就是我们探访的分类讨论之“源”. 分类讨论的另一个“源”,是某些数学
3、概念中本身包含了分类.例如要去掉x中的绝对值符号,应对x进行分类讨论:x=x,x>0;0,x=0;-x,x<0. 例2解不等式2x-4<3x+1. 解析:①当2x-4>0即x>2时,原不等式可化为2x-4-5,可得x>2; ②当2x-4=0即x=2时,原不等式可化为0<7,可得x=2; ③当2x-4<0即x<2时,原不等式可化为4-2x,可得4、论的流程不同,所获得的各个阶段性结果的最终处理方式也不同,有时取“并集”,有时则不然.其间是否存在着某个判断标准呢? 我们不妨用“程序框图”来寻找答案(见图1、图2). 例1、例2的解答过程都运用了分类讨论,但存在显著差异: (1)例1中除了未知数x外,还含有参数a,b.例2中只含有未知数x. (2)例1的答案有多个输出端口,而例2只有一个.如果我们对例1的三个输出端口求“并集”,会得到{x5、x∈R}是ax=b的解,这显然是错误的.5 由此我们可以发现分类讨论最终结果的处理准则:求x,对x进行讨论,必须取“并集”;求x,对参数进6、行讨论,不能取“并集”.如果把它表述成更一般的判断标准,则有: 类型Ⅰ――求甲,对甲进行分类讨论,最终结果必须取“并集”; 类型Ⅱ――求甲,对乙进行分类讨论,最终结果不能取“并集”. 解题中的运用 例3已知函数f(x)=ax-lnx,x∈(0,e],其中e是自然对数的底数.若f(x)≥3恒成立,求实数a的取值范围. 解析:由已知得f′(x)=. 当a≤0时,f′(x)≤0,函数f(x)在(0,e]上单调递减.f(x)min=f(e)=ae-10,此时由f′(x)==0可求得x=. ①若,当x∈0,时,ax-1≤0,f′(x)7、≤0;当x∈,e时,f′(x)>0,所以函数f(x)在0,上单调递减,在,e上单调递增,f(x)min=f=1+lna.根据题意应有a>,1+lna≥3;即a>,a≥e2;解得a≥e2. ②若≥e即0 综上可得a的取值范围是[e2,+∞). 点评:求a的范围,对a进行讨论,属于类型Ⅰ,最后结论应将各个分类讨论的结果取“并集”. 例4已知a>0,b∈R,函数f(x)=4ax3-2bx-a+b.求证:当0≤x≤1时,函数f(x)的最大值为2a-b+a. 解析:f′(x)=12ax2-2b.因为a>0,所以当b≤0时,必有f′(x)≥8、0,则函数f(x)在[0,1]上单调递增,f(x)max=f(1)=3a-b. 当b>0时,因为x≥0,由f′(x)=0可得x=.因为0≤x≤51,所以必须再对与1的大小进行讨论. ①若0,所以函数f(x)在0,上单调递减,在,1上单调递增,f(x)max=max{f(0),f(1)}.而f(0)=-a+b,f(1)=3a-b,所以: 当f(1)≥f(0)即09、0,f′(x)≤0恒成立,函数f(x)在[0,1]上单调递减,所以f(x)max=f(0)=-a+b. 为了清楚地梳理讨论过程中得到的各个结论,可以借用数轴.如图3所示,在数轴的上方相应地标
4、论的流程不同,所获得的各个阶段性结果的最终处理方式也不同,有时取“并集”,有时则不然.其间是否存在着某个判断标准呢? 我们不妨用“程序框图”来寻找答案(见图1、图2). 例1、例2的解答过程都运用了分类讨论,但存在显著差异: (1)例1中除了未知数x外,还含有参数a,b.例2中只含有未知数x. (2)例1的答案有多个输出端口,而例2只有一个.如果我们对例1的三个输出端口求“并集”,会得到{x
5、x∈R}是ax=b的解,这显然是错误的.5 由此我们可以发现分类讨论最终结果的处理准则:求x,对x进行讨论,必须取“并集”;求x,对参数进
6、行讨论,不能取“并集”.如果把它表述成更一般的判断标准,则有: 类型Ⅰ――求甲,对甲进行分类讨论,最终结果必须取“并集”; 类型Ⅱ――求甲,对乙进行分类讨论,最终结果不能取“并集”. 解题中的运用 例3已知函数f(x)=ax-lnx,x∈(0,e],其中e是自然对数的底数.若f(x)≥3恒成立,求实数a的取值范围. 解析:由已知得f′(x)=. 当a≤0时,f′(x)≤0,函数f(x)在(0,e]上单调递减.f(x)min=f(e)=ae-10,此时由f′(x)==0可求得x=. ①若,当x∈0,时,ax-1≤0,f′(x)
7、≤0;当x∈,e时,f′(x)>0,所以函数f(x)在0,上单调递减,在,e上单调递增,f(x)min=f=1+lna.根据题意应有a>,1+lna≥3;即a>,a≥e2;解得a≥e2. ②若≥e即0 综上可得a的取值范围是[e2,+∞). 点评:求a的范围,对a进行讨论,属于类型Ⅰ,最后结论应将各个分类讨论的结果取“并集”. 例4已知a>0,b∈R,函数f(x)=4ax3-2bx-a+b.求证:当0≤x≤1时,函数f(x)的最大值为2a-b+a. 解析:f′(x)=12ax2-2b.因为a>0,所以当b≤0时,必有f′(x)≥
8、0,则函数f(x)在[0,1]上单调递增,f(x)max=f(1)=3a-b. 当b>0时,因为x≥0,由f′(x)=0可得x=.因为0≤x≤51,所以必须再对与1的大小进行讨论. ①若0,所以函数f(x)在0,上单调递减,在,1上单调递增,f(x)max=max{f(0),f(1)}.而f(0)=-a+b,f(1)=3a-b,所以: 当f(1)≥f(0)即0
9、0,f′(x)≤0恒成立,函数f(x)在[0,1]上单调递减,所以f(x)max=f(0)=-a+b. 为了清楚地梳理讨论过程中得到的各个结论,可以借用数轴.如图3所示,在数轴的上方相应地标
此文档下载收益归作者所有