四川省内江市第六中学2022-2023学年高二下学期期末热身训练理综 Word版含解析.docx

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内江六中2022—2023学年（下）高2024届期末热身训练理科综合试题注意事项：1.答题前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。2.第Ⅰ卷和每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。第Ⅱ卷用0.5mm黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。3.考试结束，监考员将答题卡收回。第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本题共8小题。1.下列说法正确的是（　　）A.拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片以增加透射光的强度B.当波源与观察者互相靠近时，观察者接收到的波的频率会变小C.X射线能够穿透物质，可以用来检查人体内部器官D.光在任何介质中的传播速度都为【答案】C【解析】【详解】A．拍摄玻璃橱窗内的物品时，往往在镜头前加一个偏振片用来滤掉部分透射光，使拍摄的物体更加清晰，故A错误；B．根据多普勒效应，当波源与观察者互相靠近时，观察者接收到的波的频率会变大，故B错误；C．X射线能够穿透物质，可以用来检查人体内部器官，也就是X透视，故C正确；D．光在真空中的传播速度为，故D错误。故选C。2.如图，有一矩形线圈的面积为S，匝数为N，电阻不计，绕轴在水平方向的磁感应强度大小为B的匀强磁场中以角速度匀速转动，从图示位置（矩形线圈水平）开始计时。理想变压器原、副线圈的匝数比为1：4，理想电流表、的示数分别为、，理想电压表、的示数分别为、。下列说法正确的是（　　） A.当矩形线圈处于图示位置时，线圈产生的感应电动势的瞬时值为0B.C.滑动变阻器的滑片向c端移动的过程中，变大D.滑动变阻器的滑片向d端移动的过程中，变小【答案】C【解析】【详解】A．当矩形线圈处于图示位置时，穿过线圈的磁通量为0，感应电动势最大，故A错误；B．线圈产生感应电动势的最大值为则故B错误；C．滑动变阻器的滑片向c端移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，原线圈两端的电压不变，匝数比不变，副线圈两端的电压不变，副线圈电阻变大，电流变小，两端的电压变小，两端的电压变大，因此变大，故C正确；D．滑动变阻器的滑片向d端移动的过程中，同理可得流过副线圈的电流变大，根据变压器原、副线圈的电流关系可知变大，故D错误。故选C3.如图所示，要使铜制线圈c中有顺时针方向（从左向右看）的感应电流产生且被螺线管排斥，则金属导轨上的导体棒ab在匀强磁场中沿导轨做的运动可能是（　　） A.向右的匀速运动B.向左的加速运动C.向右的减速运动D.向右的加速运动【答案】B【解析】【分析】【详解】A．导体棒ab向右匀速运动时，ab中产生的感应电流不变，螺线管产生的磁场是稳定的，穿过c的磁通量不变，c中没有感应电流，线圈c不受安培力作用，不会被螺线管排斥，A错误；BD．导体棒ab向右或向左做加速运动时，ab中产生的感应电流增大，螺线管产生的磁场增强，穿过c的磁通量增大，相当于螺线管靠近线圈c，根据“来拒去留”规律，螺线管与线圈c相互排斥；导体棒向左加速运动时，产生由b向a向上增加的电流，在螺线管中产生的磁场左端是N极，则穿过圆环的磁通量向左增加，根据楞次定律可知在圆环中产生顺时针方向（从左向右看）的感应电流，则B正确，D错误；C．导体棒ab向右或向左做减速运动时，ab中产生的感应电流减小，螺线管产生的磁场减弱，穿过c的磁通量减小，相当于螺线管远离线圈c，根据“来拒去留”规律，螺线管与线圈c相互吸引，故C错误；故选B。4.一理想变压器的原、副线圈的匝数比为3:1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示。设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则（）AB.C.D.【答案】A【解析】 【详解】原副线圈电压比等于匝数比，根据副线圈负载电阻的电压U，可知副线圈电压为U，原线圈电压为3U，副线圈电流原副线圈电流与匝数成反比，所以原线圈电流那么原线圈输入电压整理可得原副线圈电阻消耗的功率根据电阻相等，电流为1:3，可得功率比为1:9故选A。5.如图甲所示，MN、PQ两条平行的光滑金属轨道与水平面成角固定，间距为，质量为m的金属杆ab垂直放置在轨道上且与轨道接触良好，其阻值忽略不计。空间存在匀强磁场，磁场方向垂直于轨道平面向上，磁感应强度为。P、M间接有阻值为的定值电阻，Q、N间接电阻箱R。现从静止释放ab，改变电阻箱的阻值R，测得最大速度为，得到与的关系如图乙所示。若轨道足够长且电阻不计，重力加速度g取，则（　　）A.金属杆中感应电流方向为a指向bB.金属杆所受的安培力沿轨道向下 C.定值电阻的阻值为D.金属杆的质量为【答案】C【解析】【详解】A．由右手定则可判断，金属杆中感应电流方向由b指向a，故A错误；B．由左手定则可知，金属杆所受的安培力沿轨道向上，故B错误；CD．总电阻为通过ab的电流为当达到最大速度时，金属杆受力平衡，则有变形得根据图像可得解得故C正确，D错误。故选C。6.如图甲所示，正六边形导线框abcdef放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度B随时间t的变化关系如图乙所示，时刻，磁感应强度B的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流以顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向以水平向左为正，则下面关于感应电流i和cd 边所受安培力F随时间t变化的图像正确的是（）A.B.C.D.【答案】AC【解析】【详解】AB．由图乙可知，内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为正值，根据法拉第电磁感应定律有为定值，则感应电流为定值在内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与内相同，在内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与内相同，在内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与内相同，故B错误，A正确；CD．在内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根据可知，安培力逐渐减小，由左手定则可知，cd边所受安培力方向向右，为负值，0时刻安培力大小为在内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据 ，则安培力逐渐增大，由左手定则可知，cd边所受安培力方向向左，为正值，末安培力大小为在内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐减小，则安培力大小逐渐减小，由左手定则可知，cd边所受安培力方向向右，为负值，第4s初的安培力大小为在内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，由左手定则可知，cd边所受安培力方向向左，末的安培力大小故D错误，C正确。故选AC。7.如图（a），螺线管内有一平行于轴线的匀强磁场，规定图中箭头所示方向为磁感应强度B的正方向，螺线管与U型导线框abcd相连，abcd内有一柔软的正方形金属环L，L与abcd共面，当B随时间t按图（b）所示规律变化时（　　）A.0~内，导线框中有顺时针方向的感应电流B.0~内，金属环L有收缩趋势C.~内，a点电势高于d点电势D.内，金属环L中有逆时针方向感应电流【答案】AC【解析】【详解】A．由题意可知，在0～t1内外加磁场的磁感应强度均匀增加且斜率不变，根据楞次定律，可知导线框内有顺时针方向的感应电流，故A正确；B．在0～t1内外加磁场的磁感应强度均匀增加且斜率不变，根据法拉第电磁感应定律，可知流过导线框的是恒定电流，故在abcd平面内产生恒定的磁场，故通过金属环L的磁通量没有变化，故B错误； C．~内外加磁场的磁感应强度减小，然后再反向增大，根据楞次定律，可知导线框内有逆时针方向的感应电流，螺线管作为电流，其内部的电流由d流向a，故a点电势高于d点电势，故C正确；D．内外加磁场的磁感应强度反向减小，根据楞次定律，可知导线框内有顺时针方向的感应电流，且图线的斜率越来越小，根据法拉第电磁感应定律，可知流过导线框的电流越来越小，故在abcd平面内产生向里减小的磁场，根据楞次定律，可知金属环L中有顺时针方向的感应电流，故D错误。故选AC。8.如图所示，两根足够长光滑平行金属导轨、相距L倾斜放置，与水平面的夹角为，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B，导轨的上端与水平放置的两金属板M，N相连，板间距离为d，板间固定有一带电微粒，质量为m，电阻与定值电阻相等的金属棒水平跨放在导轨上，金属棒的质量为M，下滑过程中与导轨接触良好，现将金属棒由静止释放，当金属棒的速度达到稳定时释放板间带电微粒，带电微粒恰好保持静止，不计金属导轨的电阻，则下列说法正确的是（　　）A.带电微粒一定带正电B.带电微粒的比荷等于C.金属棒下滑的稳定速度为D.在金属棒匀速下滑时，突然增大磁感应强度，金属棒会做减速运动，带电粒子会向上运动【答案】BD【解析】【分析】【详解】A．根据切割线右手定则可以判断出M板电势高于N板电势，电场线向下，重力方向竖直向下，带电微粒恰好保持静止，所以带电微粒一定带负电，故A错误；B．当金属棒的速度达到稳定时受力平衡 联立可得带电微粒恰好保持静止，受力平衡联立可解故B正确；C．当金属棒的速度达到稳定时受力平衡解得故C错误；D．在金属棒匀速下滑时，突然增大磁感应强度的瞬间，速度不变，因此感应电流增大，导体棒受到的安培力增大，金属棒会做减速运动，电容器两端的电压增大，带电粒子会向上运动，故D正确。故选BD。第II卷非选择题二、非选择题：包括必考题和选考题两部分，第9题~第12题为必考题，每个试题考试都必须作答。第13题~第16题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题9.观察下列三幅图，在横线上完成相应内容。 （1）在“用双缝干涉测量光的波长”的实验中，实验装置如图1所示。双缝到毛玻璃屏之间的距离为l，双缝间的距离为d，且满足。测得n条亮条纹中心之间的距离为a，则入射光波的波长为λ=____________。（2）在“利用插针法测定玻璃折射率”的实验中，某同学在纸上正确画出玻璃砖的两个界面aa′和bb′后，不慎误将玻璃砖向上平移至图中虚线位置（如图2所示），而其他操作均正确，则他测得的折射率将________（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（3）在“用单摆测定重力加速度”的实验中，实验装置如图3所示。用停表测出单摆偏角小于5°时完成n次全振动的时间为t，用毫米刻度尺测得摆线长为l，用螺旋测微器测得摆球的直径为d，则重力加速度的表达式为g＝________________。【答案】①.②.不变③.【解析】【分析】【详解】（1）[1]双缝干涉的条纹间距为由题意有则联立可得，入射光波的波长为（2）[2]如下图所示，光线1表示将玻璃砖向上平移后实际的光路图，光线2是作图时所采用的光路图，通过比较发现，入射角和折射角没有发生变化，则由折射定律可知，他测得的折射率将不变。 （3）[3]单摆的周期为摆长为根据单摆周期公式，有联立可得，重力加速度为10.图甲为《探究电磁感应现象》实验中所用器材的示意图，现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、B，电流计及开关连接成如图所示的电路。（1）电键闭合后，下列说法中正确的是（）A．只要将线圈A放在线圈B中就会引起电流计指针偏转B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，电流计指针偏转的角度越大C．滑动变阻器的滑片P滑动越快，电流计指针偏转的角度越大D．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，电流计指针不会发生偏转（2）在实验中，如果是因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转，这时，是__________转化为电能；（3）上述实验中，线圈A、B可等效为一个条形磁铁，将线圈B 和灵敏电流计简化如图乙所示．当电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转。则乙图中灵敏电流计指针向__________接线柱方向偏转（填：正、负）。【答案】①.BC②.机械能③.负【解析】【分析】【详解】（1）[1]A．当将线圈A放在线圈B中，因磁通量不变，则不会引起电流计指针偏转，故A错误；B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故B正确；C．滑动变阻器的滑片P滑动越快，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故C正确；D．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，穿过线圈的磁通量发生变化，则电流计指针会发生偏转，故D错误；故选BC。（2）[2]如果是因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转，对应的是动生电动势，由能量守恒定律可知，是将机械能转化为电能。（3）[3]因电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，根据楞次定律，依据图可知，螺线管的感应电流由下向上，则灵敏电流计指针向负接线柱方向偏转。11.如图所示，某水电站发电机的输出功率为100kW，发电机的电压为250V，通过升压变压器升高电压后向远处输电，输电线总电阻为8Ω，在用户端用降压变压器把电压降为220V，若输电线上损失的功率为5kW，不计变压器的损耗。求：（1）输电导线上输送的电流；（2）升压变压器的匝数比；（3）降压变压器的匝数比。 【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【详解】（1）输电线上的电流为，有可得（2）升压变压器升压后的电压升压变压器的匝数比（3）降压变压器得输入电压降压变压器的匝数比12.如图，质量且电阻不计的U形导体框放置在倾角的固定绝缘斜面上，与导体框底边MN相距的下方有方向垂直于斜面向下的矩形匀强磁场区域，MN平行于磁场边界和斜面底边，电阻R=2Ω的金属棒PQ置于导体框上，与MN相距。现同时由静止释放PQ棒和导体框，当MN刚好进入磁场时，导体框恰好做匀速运动，当MN刚好离开磁场时，PQ棒恰好进入磁场也做匀速运动。MN和PQ棒的长度均为，PQ棒与导体框接触良好，不计一切摩擦，忽略电流之间的相互作用，重力加速度g=10m/s2。求（1）磁场的磁感应强度大小B；（2）PQ棒的质量m0； （3）从释放PQ棒和导体框到PQ棒离开磁场的整个过程中，回路中产生的焦耳热Q。【答案】（1）2T；（2）2.4kg；（3）22J【解析】【详解】（1）设MN进入磁场前瞬间速度为，进入前框和棒一起做相同的匀加速直线运动对框，由动能定理有代入数据得MN进入磁场后切割磁感线，产生的感应电动势为回路电流为导体框在磁场中受重力、支持力、压力、安培力作用做匀速运动安培力大小为由力的平衡条件有代入数据解得B=2T（2）设PQ棒进入磁场前瞬间的速度为，进入前棒一直做匀加速直线运动，同理，对棒，由动能定理有 代人数据得棒进入磁场后切割磁感线，产生的感应电动势为回路电流为棒在磁场中受重力、支持力、安培力作用做匀速运动，安培力大小为由力的平衡条件有代人数据解得（3）设磁场的宽度为x，MN在磁场中运动的时间为Δt由题意有代入数据得故有导体框和PQ棒先后在磁场中做匀速运动，PQ棒和导体框克服安培力散的功分别为故整个过程中回路产生的焦耳热为代入数据解得Q=22J（二）选考题。 [物理__选修3-3]13.根据热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是（　　）A.布朗运动是液体分子的运动，它说明分子永不停息地做无规则运动B.一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的C.用活塞压缩密闭汽缸里的气体，外界对气体做功2.0×105J，同时气体向外界放出热量0.5×105J，则气体内能增加了1.5×105JD.一定质量的理想气体温度升高1K，其等容过程中吸收的热量小于等压过程吸收的热量E.根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体【答案】BCD【解析】【详解】A．布朗运动是悬浮在水中的微粒的运动，它间接说明液体分子永不停息地做无规则运动，A错误；B．根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的，B错误；C．用活塞压缩密闭汽缸里气体，外界对气体做功2.0×105J，为正值，同时气体向外界放出热量0.5×105J，为负值，根据热力学第一定律，有C正确；D．等容过程中吸收的热量仅仅增加为内能，而等压升温的过程中体积增大，对外做功，吸收的热量转化为内能和对外做功，所以一定质量的理想气体温度升高1K，其等容过程中吸收的热量小于等压过程吸收的热量，D正确；E．根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体而不引起其他变化，E错误。故选BCD。14.如图所示，在开口向上的竖直放置圆筒形容器内用质量为m的活塞密封部分气体，活塞与容器壁间能够无摩擦滑动，大气压恒为，容器的横截面积为S，活塞静止于位置A．对活塞施加外力F，使其从位置A缓慢移动到位置B，位置A、B到容器底部的距离分别为、，密封气体与外界温度始终保持相同，已知重力加速度为g。。求：（1）活塞在位置A时，密封气体的压强；（2）活塞在位置B时，外力F的大小。 【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）活塞静止于在位置A时，对活塞：则（2）活塞在位置B时，对活塞：活塞从位置A缓慢移动到位置B的过程，气体等温变化，则可得[物理__选修3-4]15.如图甲，在电视剧《西游记》中，孙悟空为朱紫国国王悬丝诊脉，中医悬丝诊脉悬的是“丝”，“诊”的是脉搏通过悬丝传过来的振动，即通过机械波判断出病灶的位置与轻重缓急。如图乙，假设“丝”上有A、B、C三个质点，坐标分别为、、，A、B两质点运动的方向始终相反，波长大于0.6m。时刻，朱紫国国王搭上丝线图中的质点A，质点A开始振动，其振动图像如图丙所示，产生的机械波沿丝线向孙悟空传播。关于该机械波，下列说法正确的是（　　） A.波长为0.8mB.波速为1.6m/sC.时，质点C第一次运动到波峰D.在到内，质点B通过的路程为3.5mmE.若孙悟空将丝线的另一端搭在自己的脉搏上，他的脉搏振动频率为1Hz，则丝线中两列波相遇时能发生稳定的干涉现象【答案】ADE【解析】【详解】A．A、B两质点运动的方向始终相反，可知A、B两质点间的距离为，因波长大于0.6m，可知，故A正确；B．根据，，可得故B错误；C．由图丙可知，所有质点的起振方向均沿y轴负方向，所以质点C第一次运动到波峰的时间故C错误；D．质点B从开始振动，在到内的运动时间为1.75s=，运动路程故D正确；E．因丝线两端波源的振动频率相同，所以能发生稳定的干涉现象，故E正确。故选ADE。16.如图，一内部空心、厚度均匀的圆柱形玻璃管内半径为，外半径为，高为。一束单色光从玻璃管上方入射，入射点与点的距离为，光线与圆柱上表面成角，且与直径 在同一竖直平面内。光线入射后从玻璃管内壁射出，最终到达圆柱底面。已知该玻璃管的折射率为，光在真空中的传播速度为、（有光折射时，不考虑反射）（1）证明光线入射到玻璃管内壁时不会发生全反射；（2）求光线从玻璃管上方入射至到达圆柱底面所需的时间。【答案】（1）见解析；（2）【解析】【详解】（1）根据题意可知，光线在玻璃管上方的入射角由折射定律有可得所以光线在玻璃管内壁的入射角光线在玻璃管中的临界角满足可知所以光线入射到玻璃管内壁时不会发生全反射。（2）光线在玻璃管内壁折射，由折射定律有可得 光线在玻璃管内壁上的折射光线恰好入射到圆柱底面，光路图如图所示光线从玻璃管上方入射至到达圆柱底面所需的时间又有联立解得