四川省南充市阆中东风中学校2023-2024学年高二上学期第一次段考物理 Word版含解析.docx

《四川省南充市阆中东风中学校2023-2024学年高二上学期第一次段考物理 Word版含解析.docx》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

阆中东风中学校高二（上）第一次段考物理试题一、单项选择题。（共7小题，每小题4分，共28分）1.下列说法正确的是（　　）A.导体的电阻由导体本身决定，与温度无关B.电阻率的单位是C.电源内部，电流的方向是从正极流向负极D.通过导线横截面的电荷量越多，导体中的电流越大【答案】B【解析】【详解】A．导体的电阻除了与导体本身有关，还与温度有关，故A错误；B．根据电阻定律可得可知电阻率的单位是，故B正确；C．电源内部是非静电力做功将正电荷从负极移到正极，即电流的方向是从低电势一端流向高电势一端，故C错误。D．根据可知单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大。故D错误。故选B。2.以下关于多用电表的说法中，正确的是（　　）A.在测电流和电压时，都必须把多用电表串联到电路中B.在测电流时，若指针偏转过小，则需换更大的量程C.多用电表作欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零D.多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，则需选择更大的倍率进行测量【答案】C【解析】 【详解】A．在测电流时，应把多用电表串联到电路中；在测电压时，应把多用电表并联到电路中，故A错误；B．在测电流时，若指针偏转过小，说明电流很小，则需换更小的量程，故B错误；C．多用电表作为欧姆表使用时，每次更换倍率都必须进行欧姆调零，故C正确；D．多用电表作为欧姆表使用时，若指针偏转太大，说明倍率大表盘刻度示数小，则需选择更小的倍率进行测量，故D错误。故选C。3.有一电流表内阻为，满偏电流为0.6A，要把它改装成量程是3A的电流表，正确的方法是（　　）A.应串联一个的电阻B.应并联一个的电阻C.应串联一个的电阻D.应并联一个的电阻【答案】D【解析】【详解】电流表满偏电压U=IARA=0.6×12V=7.2V应并联电阻为故选D。4.四根在同一平面（纸面）内的长直绝缘导线组成一个“井”字形，导线中通过的电流大小均为I，方向如图所示。a、b和c三点位于“井”字形对角线上，其中b点在“井”字形中心，且。下列说法正确的是（　　）A.a、c两点的磁感应强度相同B.a点磁感应强度方向垂直纸面向外C.b点的磁感应强度在三点中是最大的D.减小导线1的电流，b点的磁感应强度也减小【答案】B【解析】【详解】A．根据叠加原理和对称性可知，a、c两点的磁感应强度大小相等，方向相反，故A错误；B．所有导线在a点产生的磁感应强度方向均垂直纸面向外，叠加后a 点磁感应强度方向垂直纸面向外，故B正确；C．根据安培定则和磁感应强度的叠加可知，1和3、2和4导线在b点产生的磁感应强度大小相等，方向相反，叠加后b点的磁感应强度为零，故C错误；D．减小导线1的电流，1和3导线在b点产生的磁感应强度不能抵消，则b点的磁感应强度增大，故D错误。故选B。5.如图所示，直导线MN竖直放置并通以向上的电流I，矩形金属线框abcd与MN处在同一平面，边ab与MN平行，则（　　）A.线框向左平移时，线框中有感应电流B.线框竖直向上平移时，线框中有感应电流C.线框以MN为轴转动时，线框中有感应电流D.MN中电流突然变小时，线框中没有感应电流【答案】A【解析】【详解】A．由于导线周围的磁场不均匀，线框向左平移时，线框通过的磁通量增加，线框中产生感应电流，故A正确；BC．线框竖直向上平移及线框以MN为轴转动时，磁通量不发生变化，无感应电流，故BC错误；D．MN中电流突然变小时，线框所处的磁场强度变化，线框中磁通量变化，则有感应电流产生，故D错误。故选A。6.如图所示，，，，AB两端接在电压恒定的电源上，则（　　）A.S断开时，通过与的电流之比为B.S闭合时，通过与的电流之比为2∶1 C.S断开时，电阻与两端的电压之比为D.S闭合时，电阻与两端的电压之比为【答案】B【解析】【详解】A．S断开时，电阻与串联，通过电阻的电流相等，则通过与的电流之比为1：1，A错误；B．S闭合时，电阻处在干路，处在支路，电阻与并联，根据，B正确；C．S断开时，电阻与串联，电压之比等于电阻之比C错误；D．S闭合时，R2，R3并联根据分压关系可得D错误。故选B。7.如图所示的图像中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线Ⅱ为某一电阻的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻连接成闭合电路，由图像可知（　　）A.的阻值为B.电源内阻为 C.电阻功率1.5WD.电源内阻消耗功率为22W【答案】C【解析】【详解】A．的阻值为故A错误；B．根据闭合电路欧姆定律有整理得电源内阻为故B错误；C．电阻功率为故C正确；D．电源内阻消耗功率为故D错误。故选C。二、多选题。（共3小题，每小题6分，共18分）8.下列关于磁场的说法正确的是（　　）A.磁场和电场一样，是客观存在的特殊物质B.磁场是人为构想出来的C.磁体与磁体之间是通过磁场发生作用的D.安培首先发现了电流的磁效应【答案】AC【解析】【详解】AB．磁场是客观存在的一种物质，A正确，B错误；C．磁体与磁体之间是通过彼此激发的磁场发生相互作用的，C正确； D．奥斯特首先发现了电流的磁效应，选项D错误。故选AC。9.如图所示，当电路里滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时（　　）A.R2消耗的功率增大B.电容器C两极板间的电场强度增大C.电压表的读数减小D.R1消耗的功率减小【答案】BD【解析】【详解】D．P下滑时接入电路的电阻增大，总电阻增大，总电流减小，即通过的电流减小，根据可知消耗的功率减小，故D正确；C．根据闭合电路欧姆定律可知内电压减小，外电压增大，电压表的读数增大，故C错误；B．由于的电流减小，所以两端的电压减小，故电容器两端的电压增大，根据可得两极板间的电场强度增大，故B正确；A．根据电路规律可知，若，则R2功率增大，若，则R2的功率可能先增大后减小，故A错误。故选BD。10.如图所示，线框面积为S，线框平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则下列说法正确的是（　　）A.如图所示位置时磁通量等于B.若使线框绕转过角，磁通量为C.若从初始位置绕转过角时，磁通量为 D.若从初始位置线框翻转，则磁通量的变化量为零【答案】AB【解析】【详解】A．如图所示位置时磁通量等于故A正确；B．若使线框绕转过角，则磁通量为故B正确；C．若从初始位置绕转过角时，磁通量为0，故C错误；D．若从初始位置线框翻转，则磁通量的变化量为故D错误。故选AB三、实验题（共2小题，共16分）11.在做《测定金属的电阻率》的实验中，若待测电阻丝的电阻约为5Ω，要求测量结果尽量准确，备有以下器材：A．电池组（3V、内阻lΩ）B．电流表（0～3A，内阻约0.0125Ω）C．电流表（0～0.6A，内阻约0.125Ω）D．电压表（0～3V，内阻约4kΩ）E．电压表（0-15V，内阻约15kΩ）F.滑动变阻器（0-20Ω，允许最大电流1A）G.开关、导线（1）上述器材中电流表应选用______，电压表应选用_______。（填写字母代号）（2）某同学采用了如图所示的部分电路，则测量值比真实值偏_______。（选填“大”或“小”）（3）在本实验中，某同学用游标卡尺和螺旋测微器测该电阻丝的长度和直径如图所示，则其长度为______cm，直径为______mm。 【答案】①.C②.D③.小④.10.025⑤.4.487##4.486##4.488【解析】【详解】（1）[1]电源电动势为3V，应选0～3V的电压表，故选C；[2]因为待测电阻丝的电阻约为5Ω,则电路中的最大电流大约为故应选0～0.6A的电流表，故选D。（2）[3]此同学的接法为电流表外接法，此时电流表测量的是通过电阻和电压表的电流之和，即电流表读数大于通过电阻的电流，由欧姆定律可知，电阻的测量值小于真实值；（3）[4]图示为20分度游标卡尺，因此读数为[5]螺旋测微器读数为12.用DIS（电流传感器，内阻可忽略）测电源电动势和内阻的电路如图甲所示，R为一定值电阻。（1）调节电阻箱R，记录电阻箱接入电路的阻值R和相应的电流I，将测得数据以R为横坐标，以_________为纵坐标，经计算机拟合得到如图乙所示图像，由图线可得该电源电动势为_______V；（2）现有三个相同规格的小灯泡A、B、C，将它们与图甲中电源按图丙所示电路相连，此种灯泡的I-U特性曲线如图丁所示，C灯泡两端电压为2.0V，则电源内阻r=_______Ω，图甲中定值电阻R0=_______Ω，电源的输出功率为_____W。【答案】①.②.3③.④.⑤.1.5【解析】 【详解】（1）[1]由闭合电路欧姆定律有整理有所以纵坐标为。[2]由图像乙得解得（2）[3]灯泡C两端电压为2.0V，由图丁可知，其电流为0.45A，由并联电路电压相等可知A、B的串联电压为2.0V，所以A、B两个灯泡的电压分别为1.0V，由图丁可知流过灯泡A、B的电流为0.3A，所以流过电源的电流为=0.45A+0.3A=0.75A由闭合电路欧姆定律有解得[4]由于所以[5]电源的输出功率 四、解答题。（13、14题12分，15题14分，共38分）13.如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=1.0Ω，电阻R2=6Ω，当开关S断开时，理想电流表的示数为0.5A，理想电压表的示数为3.0V，试求：（1）R3的阻值；（2）开关S断开状态下，10s内通过电阻R3横截面的电荷量是多少？（3）R1的阻值和电源的内电压；（4）开关S闭合后，理想电压表的示数为2.0V，R2上消耗的电功率。【答案】（1）6Ω；（2）5C；（3）5Ω，0.5V；（4）0.67W【解析】【详解】（1）R3的阻值（2）通过R3的电量（3）由得R₁=5Ω电源的内电压Ur=I1r=0.5V（4）R2上消耗的电功率14.汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图所示，在打开车灯，电动机未启动时，电流表读数为10A；在打开车灯，电动机启动时电流表读数为33A。若电源电动势为12.5V，内阻为0.1Ω，电动机线圈的电阻0.2Ω，电流表内阻不计，车灯阻值恒定。求： （1）车灯的电阻值；（2）电动机启动时流过车灯的电流以及电动机的热功率；（3）因电动机启动，车灯的电功率降低了多少？【答案】（1）1.15Ω；（2）8A，125W；（3）41.4W【解析】【详解】（1）电动机未启动时车灯两端的电压为由部分电路欧姆定律有解得（2）电动机启动时车灯两端的电压为根据部分电路欧姆定律有流过电动机的电流为电动机的热功率（3）电动机启动时车灯的电功率电动机未启动时车灯的电功率 车灯的电功率降低15.如图所示的电路中，电源电动势为，内阻为，定值电阻。、为两个平行金属板，板长为，板间距离为。质量为、带电量为的颗粒从两金属板左端沿板间中线以v0=2m/s的速度射入两板间。闭合开关S，调节电阻箱，使颗粒刚好打到下板右侧边缘的D点。颗粒重力忽略不计。求：（1）颗粒在两板间运动的加速度大小；（2）两板间的电压U；（3）电阻箱的阻值。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【详解】（1）颗粒在两板间做类平抛运动，平行于板方向匀速直线运动，运动时间为垂直于板方向做初速度为零的匀加速运动解得颗粒在两板间运动的加速度大小（2）颗粒受电场力方向竖直向下，由牛顿第二定律可得又 解得两板间的电压（3）由欧姆定律可知由闭合电路欧姆定律可知解得