陕西省咸阳市2022-2023学年高一7月期末生物 Word版含解析.docx

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咸阳市2022～2023学年度高一第二学期期末教学质量调研检测生物试题一、选择题1.下图是支原体细胞模式图，通过观察可以确定支原体是原核生物。做此判断的主要依据是（）A.没有以核膜包被的细胞核B.有DNA，但DNA不与蛋白质结合C.没有叶绿体等各种细胞器D.单细胞生物，不具有生命系统层次【答案】A【解析】【分析】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核（没有核膜、核仁和染色体）；原核生物没有复杂的细胞器，只有核糖体一种细胞器，但原核生物含有细胞膜、细胞质等结构，也含有核酸（DNA和RNA）和蛋白质等物质。【详解】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，图中显示支原体没有以核膜包被的细胞核，可以确定支原体是原核生物，A正确。故选A。2.《中国居民膳食指南（2022）》提出日常饮食应该“食物多样，合理搭配”。下列关于糖类和脂质的叙述不正确的是（）A.脂肪是人体内良好的储能物质B.人体很难消化纤维素所以应避免摄入C.脂质类激素可参与调节人体生理活动D.适量摄入糖、脂，同时合理运动有利于健康【答案】B【解析】 【分析】糖类是生物体进行生命活动的主要能源物质；蛋白质是生命活动的主要承担者；脂肪是细胞内良好的储能物质。【详解】A、等质量的糖类和脂肪氧化分解时，脂肪能释放出更多的能量，因此脂肪是细胞内良好的储能物质，A正确；B、人体虽然很难消化纤维素，但在日常生活中还是要适当摄入纤维素，促进胃肠蠕动，避免患大肠癌的风险，B错误；C、性激素属于脂质，性激素具有促进生殖器官和生殖细胞的发育的作用，故脂质激素调节人体生理活动，C正确；D、根据膳食指南，适量摄入糖类、脂质，同时配合合理运动，这样的生活习惯利于健康，D正确。故选B。3.补体系统广泛存在于血清、组织液和细胞膜表面，参与机体的免疫反应，是一个具有精密调控机制的蛋白质反应系统，补体的固有成分主要是肝细胞分泌的蛋白质，下列关于肝细胞分泌的蛋白质的说法，错误的是（）A.该蛋白质的合成需要核糖体的参与B.高尔基体负责该蛋白质的加工和修饰C.该蛋白质的合成需要能量D.该蛋白质的氮元素主要存在于羧基中【答案】D【解析】【分析】分泌蛋白是指在细胞内合成后，分泌到细胞外起作用的蛋白质。例如:唾液淀粉酶，胃蛋白酶，消化酶，抗体和一部分激素。注:例如呼吸酶就不属于分泌蛋白。在核糖体上合成的分泌蛋白，要经过内质网和高尔基体，而不是直接运输到细胞膜。进一步的研究表明，在核糖体上分泌出的蛋白质，进入内质网腔后，还要经过一些加工，如折叠、组装、加上一些糖基团等，才能成为比较成熟的蛋白质。然后，由内质网腔膨大、出芽形成具膜的小泡，包裹着蛋白质转移到高尔基体，把蛋白质输送到高尔基体腔内，做进一步的加工。接着，高尔基体边缘突起形成小泡，把蛋白质包裹在小泡里，运输到细胞膜，小泡与细胞膜融合，把蛋白质释放到细胞外。【详解】A、蛋白质在核糖体中合成，A正确；B、肝细胞分泌的蛋白质属于分泌蛋白，分泌蛋白在高尔基体中加工、修饰，B正确；C、蛋白质的合成需要消耗能量（ATP），C正确；D、该蛋白质的氮元素主要存在于-CO-NH-中，D错误。故选D。4.人体血浆中的K+ 进入活细胞，是从低浓度一侧运到高浓度一侧，要载体蛋白的协助，同时还需要消耗能量。这种运输方式属于（）A.自由扩散B.协助扩散C.主动运输D.胞吞【答案】C【解析】【分析】1、离子、小分子物质进出细胞膜的方式：自由扩散的方向是从高浓度向低浓度，不需载体和能量，常见的有水、CO2、O2、甘油、苯、酒精等；协助扩散的方向是从高浓度向低浓度，需要转运蛋白，不需要能量，如红细胞吸收葡萄糖；主动运输的方向是从低浓度向高浓度，需要载体蛋白和能量，常见的如小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸、葡萄糖，K+等。2、大分子物质进出细胞的方式为胞吞和胞吐。该过程不需要载体蛋白，需要消耗能量，但需要蛋白质的参与。【详解】人体血浆中的K+进入活细胞，是从低浓度一侧运到高浓度一侧，要载体蛋白的协助，同时还需要消耗能量，该运输方式为主动运输，C正确。故选C。5.抗体酶是一种兼有催化和免疫功能的蛋白质。抗体酶可固定在癌细胞膜突出的蛋白质上，破坏其细胞膜，用于治疗癌症。下列叙述错误的是（）A.抗体酶可降低反应所需的活化能B.酶抑制剂会影响抗体酶的活性C.抗体酶的作用不具有专一性D.适当的低温条件有利于抗体酶的保存【答案】C【解析】【分析】1、酶的本质：酶是活细胞产生的具有催化作用的有机物，其中绝大多数是蛋白质，少数是RNA。2、影响酶活性的因素：温度、pH、酶的抑制剂等。【详解】A、酶的作用是降低反应所需的活化能，因此抗体酶可降低反应所需的活化能，A正确；B、影响酶活性的因素有温度、pH、酶的抑制剂等，因此酶抑制剂会影响抗体酶的活性，B正确；C、酶催化作用具有专一性，因此，抗体酶的作用具有专一性，C错误；D、低温会抑制酶的活性，因此适当的低温条件更有利于抗体酶的保存，D正确。故选C。6.某种药物能诱导胃癌细胞中p53蛋白的表达，使细胞周期阻滞在间期和分裂期之间。下列关于p53蛋白功能的推测最合理的是（） A.促进纺锤体形成B.抑制有关分裂时期蛋白质的合成C.促进着丝粒分裂D.抑制细胞中央出现细胞板【答案】B【解析】【分析】分裂间期可分为G1期、S期、G2期，其中G1期细胞适度生长，并为DNA复制准备；S期进行DNA复制；G2期合成相关蛋白质为分裂期做准备。【详解】由题目信息“p53蛋白的表达使细胞周期阻滞在间期和分裂期之间”，推测p53蛋白可阻止细胞完成G2期分裂有关蛋白质合成，从而使之不能进入分裂期，B正确。故选B。7.李白有诗云:“君不见，高堂明镜悲白发，朝如青丝暮成雪。”从细胞学的角度分析，这个过程中不会出现的变化是（）A细胞膜通透性改变B.细胞体积变大C.细胞核体积增大D.细胞内多种酶活性降低【答案】B【解析】【分析】衰老细胞的特征：（1）细胞内水分减少，细胞萎缩，体积变小，但细胞核体积增大，染色质固缩，染色加深;（2）细胞膜通透性功能改变，物质运输功能降低;（3）细胞色素随着细胞衰老逐渐累积;（4）有些酶的活性降低;（5）呼吸速度减慢，新陈代谢减慢。【详解】A、衰老细胞膜通透性功能改变，物质运输功能降低，A正确；B、衰老细胞内水分减少，细胞萎缩，体积变小，B错误；C、衰老细胞核体积增大，染色质固缩，染色加深，C正确；D、衰老细胞内多种酶活性降低，D正确。故选B。8.孟德尔的一对相对性状的豌豆杂交实验中，属于自交的是（） A.DD×DDB.DD×ddC.DD×DdD.Dd×dd【答案】A【解析】【分析】自交是指遗传因子组成的相同的个体之间进行交配，据此分析作答。【详解】A、DD、DD遗传因子组成相同，两者之间属于自交，A正确；BCD、DD和dd、DD和Dd、Dd和dd的遗传因子组成不同，两者属于杂交，BCD错误。故选A。9.减数分裂形成的四分体中，染色体数、染色单体数与DNA分子数之比是（）A.1:1:1B.1:2:2C.1:1:2D.1:2:4【答案】B【解析】【分析】数量关系：1个四分体=1对同源染色体=2条染色体=4条染色单体（含4个DNA分子）。【详解】1个四分体=1对同源染色体=2条染色体=4条染色单体（含4个DNA分子），所以减数分裂形成的四分体中，染色体数、染色单体数与DNA分子数之比是1:2:2，B正确。故选B。10.基因位于染色体上的实验证据是摩尔根的果蝇杂交试验，所用科学方法是假说—演绎法，摩尔根在实验中所发现的新问题是()A.F1果蝇全是红色B.F2果蝇出现性状分离C.F2果蝇红眼和白眼之间的数量比是3:1D.白眼性状的表现总是与性别相联系【答案】D【解析】【详解】基因位于染色体上的实验证据是摩尔根的果蝇杂交试验，F1果蝇全是红色，在F2果蝇的红眼和白眼中，他发现白眼性状只有在雄性中出现，从而提出新问题，为什么白眼性状的表现与性别有关系，从而通过实验证实基因在性染色体上。故选D。11.科研工作者用含15N的培养液培养某细菌若干代，获得亲代DNA分子。然后将其转移至含14N的培养液中培养，一段时间后进行离心，相关分析如下图。推断第n代中只含14N的DNA分子有（） A.2n个B.2n-1个C.2n-2个D.2n+1个【答案】C【解析】【分析】DNA复制在解旋酶的作用下，两条螺旋的双链解开，以解开的每一段母链为模板，在DNA聚合酶等酶的作用下，利用游离的4种脱氧核苷酸为原料，按照碱基互补配对原则，合成与母链互补的子链，延伸子链，母链和相应子链盘绕成双螺旋结构。【详解】用含15N的培养液培养某细菌若干代，则大肠杆菌DNA分子均为15N-DNA标记的，将其转移至含14N的培养液中培养，复制n代后，一段时间后进行离心，根据DNA半保留复制方式可知，共含有2n个DNA分子，含15N14N标记的DNA有2个，只含14N的DNA分子有2n-2个，C正确。故选C。12.白化病和黑尿症都是酶缺陷引起的分子遗传病，前者不能由酪氨酸合成黑色素，后者不能将尿黑酸转变为乙酰乙酸，排出的尿液因含有尿黑酸，遇空气后氧化变黑。下图表示人体内与之相关的系列生化过程。下列有关说法，错误的是（）A.图中表明一个性状可受多个基因控制B.若控制酶A合成基因不能表达，可能会引起多个性状改变C.若控制酶B合成的基因不能表达，则会导致黑色素无法合成而患白化病D.图中表明基因能通过控制蛋白质的结构直接控制生物体的性状【答案】D【解析】 【分析】分析题干图片可知：体内缺少酶A或酶B，都可能使人患白化病，缺乏酶C，可能使人患尿黑酸症。图示信息反映出基因通过控制酶的合成间接控制生物的性状。【详解】A、黑色素的合成需要酶A基因和酶B基因的控制，这说明一个性状受多个基因的控制，A正确；B、若控制酶A合成的基因不能表达，酶A异常，体内酪氨酸不能合成，可能会引起多个性状改变，B正确；C、若控制酶B合成的基因不能表达，会导致机体不能合成黑色素，从而患上白化病，C正确；D、图中表明基因通过控制酶的合成间接控制生物体的性状，D错误。故选D。13.人类遗传病通常是指由于遗传物质改变而引起的人类疾病。下列关于人类遗传病的说法正确的是（）A.只要发生基因突变，一定会患遗传病B.染色体变异不会引起遗传病C.多基因遗传病在群体中的发病率较高D.遗传咨询能防止各类遗传病发生【答案】C【解析】【分析】遗传病的监测和预防（1）产前诊断：胎儿出生前，医生用专门的检测手段确定胎儿是否患某种遗传病或先天性疾病，产前诊断可以大大降低病儿的出生率。（2）遗传咨询：在一定的程度上能够有效的预防遗传病的产生和发展。【详解】A、由于密码子具有简并性，即使发生了基因突变，也不一定会患遗传病，A错误；B、染色体变异可能会引起遗传病，如猫叫综合征（染色体结构变异）是人的第5号染色体缺失一个片段而引起的遗传病，B错误；C、多基因遗传病的特点之一是在群体中的发病率较高，C正确；D、遗传咨询在一定的程度上能够有效的预防遗传病的产生和发展，D错误。故选C。14.许多人类基因的DNA序列与黑猩猩相应基因的序列非常相似，对这一结果最可能的解释是（）A.人类和黑猩猩的亲缘关系近B.人类从黑猩猩进化而来C.黑猩猩从人类进化而来D.定向变异导致了DNA的相似性【答案】A【解析】 【分析】现代科学研究发现，通过比较不同生物的DNA序列，可以确定不同生物的亲缘关系。【详解】两种生物的DNA分子碱基序列越相似，形成的杂和双链区的部位就越多，说明遗传信息越相似，亲缘关系越近。许多人类基因的DNA序列与黑猩猩的相应基因的序列非常相似，说明人类和黑猩猩的亲缘关系近，A正确。故选A。15.达尔文曾发现一种兰花具有细长的花矩，花矩顶端贮存的花蜜可为传粉昆虫提供食物，他推断一定有一种具有细长口器的昆虫可以从花矩中吸到花蜜。50年后的确发现了这样的昆虫，这一事实说明（　　）A.兰花的进化具有独立性B.该花矩没有生物学意义C.兰花与昆虫的共同进化D.种群是生物进化的单位【答案】C【解析】【分析】生物的共同进化是指不同物种之间、生物与无机环境之间在相互影响中进化、发展，生物共同进化的结果形成了多种多样的物种和千姿百态的生态系统。【详解】AC、该兰花与传粉昆虫是共同进化的，兰花的进化不具有独立性，A错误、C正确；B、该花矩是共同进化的结果，该花矩一定有一种具有细长口器的昆虫可以从花矩中吸到花蜜，有一定的生物学意义，B错误；D、该实例不能说明种群是生物进化的单位，D错误。故选C。【点睛】二、选择题16.细胞呼吸是有机物在细胞内经过一系列氧化分解．最终生成CO2或者其它产物，释放出能量并生成ATP的过程。下列叙述正确的是（）A.无氧呼吸也属于氧化分解，两个阶段都有ATP的合成B.人体剧烈运动产生的CO2来自有氧呼吸和无氧呼吸C.用透气的纱布包扎伤口，可以抑制厌氧病菌的繁殖D.贮藏蔬菜、水果和种子条件相同，应选择低温、低氧、干燥条件【答案】C【解析】【分析】有氧呼吸的三个阶段第一阶段发生在细胞质基质中，反应方程式：C6H12O62C3H4O3(丙酮酸)＋4[H]＋能量(少) 第二阶段发生在线粒体基质中，反应方程式：2C3H4O3＋6H2O6CO2＋20[H]＋能量(少)第三阶段发生在线粒体内膜，反应方程式：24[H]＋6O212H2O＋能量(多)2、无氧呼吸的两个阶段第一阶段发生在细胞质基质中，反应方程式：C6H12O62C3H4O3(丙酮酸)＋4[H]＋能量(少)第二阶段发生在细胞质基质中，反应方程式：2C3H4O3(丙酮酸)＋4[H]2C2H5OH＋2CO2或2C3H4O3(丙酮酸)＋4[H]2C3H6O3(乳酸)【详解】A、无氧呼吸属于不彻底的氧化分解，第二阶段阶段没有ATP的合成，A错误；B、人体剧烈运动产生的CO2只来自有氧呼吸，无氧呼吸只产乳酸，B错误；C、用透气的纱布包扎伤口，可以抑制厌氧病菌的繁殖，防止伤口感染，C正确；D、贮藏蔬菜、水果应选择低温、低氧、低湿条件，D错误。故选C。17.如图为甲。乙两种单基因遗传病的家系，其中Ⅰ4不携带甲病的致病基因，不考虑变异。下列分析正确的是（　　）A.甲病是伴X染色体隐性遗传病B.Ⅱ6的甲病致病基因只来自Ⅰ1C.乙病的遗传特点是男性发病丰高于女性D.Ⅲ10与正常女性婚配不可能生出患乙病的孩子【答案】AB【解析】【分析】1、根据题图可知，Ⅰ3和Ⅰ4表现正常，Ⅱ9患甲病，由此可知，甲病是隐性遗传病，由于Ⅰ4不携带甲病的致病基因，则甲病是伴X染色体隐性遗传病。2、由题图分析可知，Ⅰ3和Ⅰ4表现正常，Ⅱ8患乙病，由此可知，乙病是常染色体隐性遗传病。【详解】AB、根据题图可知，Ⅰ3和Ⅰ4表现正常，Ⅱ9患甲病，由此可知，甲病是隐性遗传病，由于Ⅰ4不携带甲病的致病基因，则甲病是伴X染色体隐性遗传病，Ⅱ6的甲病致病基因只来自Ⅰ1，A、B正确；C、由题图分析可知，Ⅰ3和Ⅰ4表现正常，Ⅱ8 患乙病，由此可知，乙病是常染色体隐性遗传病，由题图分析可知，乙病是常染色体隐性遗传病，男性和女性的发病率相同，C错误；D、由于Ⅱa患乙病，则Ⅲ10是乙病的携带者，若Ⅲ10与一个乙病女性携带者婚配，则他们有可能生出患乙病的孩子，D错误；故选AB。18.DNA甲基化是在DNA甲基转移酶的作用下，将甲基选择性地添加到胞嘧啶上形成5-甲基胞嘧啶的过程。如下图所示，雌蜂幼虫用不同的食物喂养，DNA的甲基化程度不同。经研究发现，在非持续喂食蜂王浆的条件下，Dnml3（一种DNA甲基转移酶）合成被破坏的雌蜂幼虫也能发育成蜂王。下列叙述正确的是（）A.蜂王浆喂食时间长短不会影响到DNA内碱基序列B.蜂王浆中的某些物质可能抑制了Dnmt3的合成C.甲基转移酶发挥作用需要与DNA分子进行结合D.基因中的一些胞嘧啶甲基化后无法进行复制【答案】ABC【解析】【分析】DNA甲基化是指DNA序列上特定的碱基在DNA甲基转移酶（dnmt）的催化作用下添加上甲基，虽然不改变DNA序列，但是导致相关基因转录沉默。【详解】A、DNA甲基化是在DNA甲基转移酶的作用下，将甲基选择性地添加到胞嘧啶上形成5－甲基胞嘧啶的过程，DNA内碱基序列不变，据题意可知，蜂王浆喂食时间长短可以影响到DNA甲基化，不会影响到DNA内碱基序列，A正确；B、雌蜂幼虫在持续喂食蜂王浆的条件下，能发育形成蜂王，在非持续喂食蜂王浆的条件下，Dnmt3（一种DNA甲基转移酶）合成被破坏的雌蜂幼虫也能发育成蜂王，据此可知，蜂王浆中的某些物质可能抑制了Dnmt3的合成，B正确；C、DNA甲基化是指DNA序列上特定的碱基在DNA甲基转移酶的催化作用下添加上甲基，据此可知，甲基转移酶发挥作用需要与DNA分子进行结合，C正确；D、基因的甲基化不会影响DNA的复制，因此基因中的一些胞嘧啶甲基化后可以进行复制，D错误。故选ABC。 19.科研人员人为诱导获得了果蝇突变体工，对比突变体工与野生型个体的某基因片段，发现正常碱基序列中只有一个位点发生了改变，即图中“↓”处的碱基对由G-C变成了A-T。已知UAG，UAA，UGA为终止密码子。下列有关分析错误的是（）A.人为诱导获得果蝇突变体工的原理是基因突变B.图中模板链上每三个相连的碱基为一个密码子C.突变之后该基因片段对应的mRNA序列发生改变D.突变之后该基因片段控制合成的蛋白质的相对分子质量可能减小【答案】B【解析】【分析】DNA分子中发生碱基对的增添、缺失和替换，引起的基因结构的改变叫基因突变。【详解】A、DNA分子中发生碱基的替换、增添或缺失，而引起的基因碱基序列的改变，叫做基因突变。题干中，碱基对由G-C变成了A-T，属于基因突变，A正确；B、密码子是mRNA上3个相邻的碱基，这3个碱基决定1个氨基酸。图中的模板链是DNA，B错误；C、DNA模板链由ACC变为了ACT，由DNA转录形成的mRNA碱基序列由UGG变成了UGA，mRNA序列发生改变，C正确；D、UGG能编码氨基酸，UGA是终止密码子，不编码氨基酸翻译提前终止，氨基酸的数目变少，合成蛋白质的相对分子质量减小，D正确。故选B。20.野生型金黄色葡萄球菌对青霉素敏感，长期使用青霉素，存活的金黄色葡萄球菌抗药性逐渐增强。主要表现为：从群体上看，具有抗药性的菌体所占比例增加；从个体上看，单个菌体能抵抗更高浓度的青霉素。下列叙述正确的是（）A.群体抗药性增强是自然选择的结果B.单个金黄色葡萄球菌抗药增强可能是若干个突变累加结果C.长期使用青霉素可导致抗药性基因频率减少D.抗药性强的菌体在各种环境中都具有生存和繁殖的优势【答案】AB【解析】 【分析】现代生物进化理论：种群是生物进化的基本单位；生物进化的实质是种群基因频率的改变；突变和基因重组、自然选择及隔离是物种形成过程的三个基本环节；突变和基因重组产生生物进化的原材料；自然选择使种群的基因频率定向改变并决定生物进化的方向；隔离是新物种形成的必要条件。【详解】A、自然选择决定进化的方向，群体抗药性增强是突变后自然选择的结果，A正确；B、单个金黄色葡萄球菌抗药增强可能是若干个突变累加后再青霉素的选择作用下导致的结果，B正确；C、由于突变具有不定向性，因此长期使用青霉素，导致不抗青霉素个体死亡，使金黄色葡萄球菌的抗药性基因频率不断增加，C错误；D、抗药性强的菌体只是在青霉素环境中具有生存和繁殖的优势，在其他环境中不一定具有优势，D错误。故选AB。三、非选择题21.下图为某植物在晴朗夏季一昼夜CO2吸收量、CO2释放量的变化情况。请据图回答下列问题：（1）实验室中常用______法分离叶绿体中的色素。（2）C点时，叶肉细胞中产生ATP的场所是______。该植物一天中有机物积累最多的时刻是______（填图中字母）。（3）和D点相比，正午E点时叶肉细胞内C3的含量______（填“增多”或“减少”）；原因可能是________________________。（4）依据本题提供的信息，提出提高温室大棚中绿色植物光合作用强度的1点措施：_________。【答案】（1）纸层析（2）①细胞质基质、线粒体、叶绿体②.G（3）①.减少②.正午气温过高，叶表面气孔大量关闭，CO2吸收不足、CO2的固定减弱，导致C3生成量减少（4）适当提高温室大棚的光照强度、补光、遮阴、喷淋降温等【解析】【分析】影响光合作用的环境因素1、温度对光合作用的影响：在最适温度下酶的活性最强，光合作用强度最大，当温度低于最适温度，光合作用强度随温度的增加而加强，当温度高于最适温度，光合作用强度随温度的增加而减弱。 2、二氧化碳浓度对光合作用的影响：在一定范围内，光合作用强度随二氧化碳浓度的增加而增强。当二氧化碳浓度增加到一定的值，光合作用强度不再增强。3、光照强度对光合作用的影响：在一定范围内，光合作用强度随光照强度的增加而增强。当光照强度增加到一定的值，光合作用强度不再增强。【小问1详解】因为不同色素在有机溶剂中的溶解度不同，所以在层析液中溶解度大的，随层析液上升快，所以四种色素会分开，该方法称为纸层析法。【小问2详解】C点时，植物净光合速率为0，叶肉细胞中光合速率大于呼吸速率，产生ATP的场所是细胞质基质、线粒体和叶绿体（类囊体薄膜）；净光合速率大于0，即有有机物的积累，因此G点有机物积累最多。【小问3详解】和D点相比，E点净光合速率下降，下降的原因是正午气温过高，蒸腾作用过旺，叶表面气孔大量关闭，CO2吸收不足、固定减弱，CO2与C5生成C3，故C3的合成减慢，而C3的消耗几乎不受影响，因此C3的含量下降。【小问4详解】光照强度是光合作用的重要条件之一，温度影响光合作用，因此适当提高温室大棚的光照强度、补光、遮阴、生炉子、喷淋降温等都可以提高光合强度。22.既甜又糯玉米是人们喜爱的玉米鲜食品种，玉米的非甜（H）与甜（h）是一对相对性状，玉米的非糯（R）与糯（r）是另一对相对性状。请回答问题：（1）研究人员欲通过杂交手段筛选出基因型为hhrr的玉米品种，其工作流程如下:①用纯种甜玉米(hhRR)与纯种糯玉米(HHrr)杂交，获得F1；种植F1并自交，获得的F2。F2的非甜、糯玉米基因型是_________。②将上述过程获得的F2的非甜、糯玉米进行栽培并自交，发现其中约有__________比例的植株自交后代发生性状分离，从这些果穗上挑出_________(填“非甜非糯”或“糯”或“甜”)籽粒，即为所需品种。③在挑出的个体中随机取样，与①中F1的杂交，若后代性状数量比是_________，则说明挑出的个体是hhrr个体。（2）若能够获得基因型为hhrr品种，用基因型为HHrr糯玉米品种与其杂交，子一代玉米籽粒口味均为____________。子一代自交，所结果穗上非甜籽粒与甜籽粒的数量比是__________，且在玉米果穗上随机相间排列，能获得更好的口感。【答案】（1）①.HHrr、Hhrr②.2/3③.甜④.1:1:1:1（2）①.非甜糯②.3:1 【解析】【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。【小问1详解】①用纯种甜玉米(hhRR)与纯种糯玉米(HHrr)杂交，获得F1（HhRr），种植F1并自交，获得的F2。F2的非甜、糯玉米（H_rr）基因型是HHrr、Hhrr。②F2的非甜、糯玉米基因型是HHrr：Hhrr=1：2，若是HHrr自交，后代全是HHrr（非甜糯玉米），若是Hhrr自交，后代为H_rr（非甜糯玉米）：hhrr（甜糯玉米）=3：1，出现性状分离，据此可知，F2的非甜、糯玉米进行栽培并自交，发现其中约有2/3比例的植株（Hhrr）自交后代发生性状分离，从这些果穗上挑出甜籽粒，即为所需品种（既甜又糯玉米）。③在挑出的个体（hhrr）中随机取样，与①中F1（HhRr）的杂交，若后代基因型为HhRr：Hhrr：hhRr：hhrr=1：1：1：1，即后代性状数量比是1：1：1：1。【小问2详解】若能够获得基因型为hhrr品种，用基因型为HHrr糯玉米品种与其杂交，子一代玉米籽粒基因型均为Hhrr，即均是非甜糯玉米。子一代（Hhrr）自交，后代基因型为H_rr：hhrr=3：1，即非甜籽粒与甜籽粒的数量比是3：1。23.大肠杆菌细胞内核糖体由多种蛋白质和rRNA组成。基因1编码的r蛋白是组成核糖体的蛋白质之一，基因2编码rRNA，合成过程如图所示，其中①~③代表相关生理过程，mRNA上的RBS是核糖体结合位点。回答下列问题：（1）过程①表示_____________过程，参与该过程的酶是____________。（2）图中进行过程②的细胞器是_______________，完成该过程需要mRNA和tRNA等，其中tRNA的作用是_______________________________。过程②中，大肠杆菌利用少量的mRNA就可以迅速合成大量的r蛋白，其机制是________________________________。 （3）当细胞中r蛋白过多时，r蛋白会与mRNA上的RBS位点结合，使____________(用序号表示)过程________(填“减弱”或“增强”)，有利于使细胞内的r蛋白数量保持相对稳定。【答案】（1）①.转录②.RNA聚合酶（2）①.核糖体②.识别并转运氨基酸③.一个mRNA分子上可以相继结合多个核糖体，同时进行多条r蛋白多肽链的合成（3）①.②②.减弱【解析】【分析】基因控制蛋白质的合成包括转录和翻译两个过程，其中转录是以DNA的一条链为模板合成mRNA的过程；翻译是以mRNA为模板合成蛋白质的过程，发生在核糖体上。【小问1详解】据图可知，①以DNA的一条链为模板合成RNA表示转录过程，转录过程中所需要的酶为RNA聚合酶。【小问2详解】②以RNA为模板合成蛋白质表示翻译过程，完成该过程需要mRNA和tRNA等，其中其中mRNA为翻译的模板，tRNA的作用是识别并转运氨基酸。过程②翻译过程中，一个mRNA分子上可以相继结合多个核糖体，同时进行多条r蛋白多肽链的合成，因此大肠杆菌利用少量的mRNA就可以迅速合成大量的r蛋白。【小问3详解】当细胞中r蛋白过多时，r蛋白会与mRNA上的RBS位点结合，抑制翻译过程，即②过程减弱，导致不能合成r蛋白，有利于使细胞内的r蛋白数量保持相对稳定。24.根据下列材料回答有关生物进化和生物多样性的问题：材料1：某种蛾易被蝙蝠捕食，千百万年之后，此种蛾中的一部分当感受到蝙蝠的超声波时，便会运用复杂的飞行模式，逃脱危险，其身体也发生了一些其他改变。当人工使变化后的蛾与祖先蛾交配后，产出的受精卵不具有生命力。材料2：蛙是幼体生活在水中，成体可生活在水中或陆地的动物。由于剧烈的地质变化，使某种蛙生活的水体分开，蛙被隔离为两个种群。千百万年之后，这两个种群不能自然交配。（1）材料1中的这种蛾已经发生了进化，原因是变化后的蛾与祖先蛾已产生______，成为了一个新物种。材料1中，蛾复杂飞行模式的形成是____________的结果。（2）材料2中，若发生剧烈地质变化后，其中一个蛙种群生活的水体逐渐干涸，种群中个体数减少，会导致该种群全部个体所含有的全部基因，即基因库______（填“变大”或“变小”）。（3）下表所示为基因D、d在材料2两个种群（A和B）中的基因型个体数。 基因型XDXDXDXdXdXdXDYXdYA种群（个）20050100180170B种群（个）01602000270①D基因在A种群中的频率为______。②就D基因而言，A种群的遗传多样性______（填“大于”“等于”或“小于”）B种群的遗传多样性，利用表中数据陈述判断依据：_____________。【答案】（1）①.生殖隔离②.自然选择（2）变小（3）①.60%②.大于③.A种群的基因型种类数多于B种群的基因型种类数【解析】【分析】分析材料：生殖隔离是指由于各方面的原因，使亲缘关系接近的类群之间在自然条件下不交配，即使能交配也不能产生后代或不能产生可育性后代的隔离机制。材料1中“变化后的蛾与祖先蛾交配后，产出的受精卵不具有生命力”和材料2中“这两个种群不能自然交配”都说明种群间产生了生殖隔离。【小问1详解】材料1中“变化后的蛾与祖先蛾交配后，产出的受精卵不具有生命力”说明，变化后的蛾与祖先蛾已产生生殖隔离，成为了一个新物种，“蛾中的一部分当感受到蝙蝠的超声波时，便会运用复杂的飞行模式，逃脱危险，其身体也发生了一些其他改变”，这说明蛾复杂飞行模式的形成是自然选择(适者生存)的结果。【小问2详解】基因库是种群中全部个体的所有基因，在材料2中，种群中个体数减少，这会导致该种群的基因库变小。【小问3详解】①D基因在A种群中基因频率=(200×2+50+180)/(200×2+50×2+100×2+180+170)=60%；②就D基因而言，A种群的基因型为5种，B种群为3种，A种群的基因型种类数多于B种群的基因型种类数，因此A种群的遗传多样性大于B种群。25.科研工作者做噬菌体侵染细菌的实验时，分别用同位素32P、35S、18O和14C对噬菌体以及大肠杆菌成分做了如下标记。请回答下列问题：第一组第二组第三组噬菌体成分用35S标记未标记用14C标记 大肠杆菌成分用32P标记用18O标记未标记（1）第二组实验中，子代噬菌体蛋白质外壳中存在的氧元素是______。一般来说，第三组实验中，子一代噬菌体的DNA中______（填“一定都含有”“一定都不含有”或“不一定都含有”）14C。（2）假设在第一组实验中，噬菌体DNA在细菌体内复制了三次，那么从细菌体内释放出的子代噬菌体中含有32P的噬菌体占子代噬菌体总数的______。（3）第二组实验经过一段时间培养后搅拌、离心，检测到同位素标记的主要部位是____________（填“沉淀物”“上清液”或“沉淀物和上清液”）。（4）若第一组和第三组的噬菌体标签脱落，无法辨别，请设计实验进行鉴别，补全实验设计思路和预期结果。①实验设计思路：让第一组和第三组的噬菌体分别侵染______（填“已标记”或“未被标记”）的大肠杆菌，保温一段时间后搅拌、离心，比较沉淀物中放射性强度大小。②预期结果：放射性强度较低的是第______组噬菌体，放射性强度较高的是第______组噬菌体。【答案】（1）①.18O②.一定都含有（2）100%（或1）（3）沉淀物（4）①.未被标记②.一③.三【解析】【分析】1、噬菌体侵入细菌实验过程：吸附→注入（注入噬菌体的DNA）→合成（控制者：噬菌体的DNA；原料：细菌的化学成分）→组装→释放。2、离心之后，上清液中主要是原噬菌体的蛋白质外壳，沉淀物中为子代噬菌体和大肠杆菌；第一组亲代噬菌体的蛋白质外壳被标记，子代噬菌体中DNA会被标记；第二组子代噬菌体的蛋白质外壳和DNA均被标记；第三组亲代噬菌体的蛋白质外壳和DNA均被标记。【小问1详解】合成子代噬菌体蛋白质外壳的原料来自大肠杆菌，而大肠杆菌用18O标记，因此，第二组实验中，子代噬菌体蛋白质外壳中存在的氧元素有18O；第三组使实验中噬菌体用14C标记（蛋白质与DNA都被标记），而大肠杆菌未标记，根据噬菌体侵染过程以及DNA半保留复制的特点可得出，第三组实验中，子代噬菌体的DNA一定都含有14C。【小问2详解】根据DNA的半保留复制的特点可知：第一组实验中，用35S标记了噬菌体的蛋白质，而大肠杆菌用32 P标记，由于噬菌体的蛋白质外壳不进入细菌内，则噬菌体DNA在细菌体内复制了三次，从细菌体内释放出的子代噬菌体都含有32P，即子代噬菌体中含有32P的噬菌体占子代噬菌体总数100%。【小问3详解】用未标记的噬菌体去侵染用18O标记的大肠杆菌，沉淀物的放射性很高，即第二组实验经过一段时间培养后离心，检测到放射性的主要部位分别是沉淀物。【小问4详解】