浙江省嘉兴市海盐第二高级中学2022-2023学年高二下学期期中数学 Word版含解析.docx

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海盐第二高级中学2022-2023学年第二学期期中考试数学试题一、单选题：本大题共8小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.下列求导运算正确的是（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【分析】利用基本初等函数的导数公式可判断ABC选项，利用求导法则可判断D选项.【详解】，，，.ABC均错，D对.故选：D.2.若二项式的展开式中所有二项式系数之和为32，则含项的系数是（）A.80B.-80C.40D.-40【答案】A【解析】【分析】根据题意，可得，然后结合二项式的通项公式即可得到结果.【详解】由题知，解得，则为，通项公式为，所以二项式的展开式中含项的系数为.故选：A.3.邮递员把两封信随机投入A，B，C三个空邮箱中，则不同的投入方法共有（　　）A.6种B.8种C.9种D.10种【答案】C【解析】【分析】根据分步乘法计数原理求解即可. 【详解】第一步先投一封信有3种不同的投法，第二步投剩余的一封信也有3种不同的投法，根据分步乘法计数原理可知，共有种不同的投法.故选：C4.已知甲、乙、丙3名志愿者参加2022年杭州亚运会的3个比赛项目的服务工作，每名志愿者只能参加1个比赛项目的服务工作，则乙、丙不在同一个比赛项目服务的概率为（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【分析】使用间接法，若求乙、丙不在同一个比赛项目服务的安排方法，在所有的安排方法中排除乙、丙在同一个比赛项目服务的安排方法．【详解】甲、乙、丙3名志愿者参加2022年杭州亚运会的3个比赛项目的服务工作，有种安排方法；而乙、丙在同一个比赛项目服务，有种安排方法，所以乙、丙不在同一个比赛项目服务的概率为．故选：C．5.若为第二象限角，则（）A.-2B.C.D.【答案】B【解析】【分析】运用同角三角函数的基本关系可求得结果.详解】由，得，代入，得或，因为为第二象限角，所以， 所以，所以.故选：B.6.已知直线是曲线的切线，则（）A.B.1C.D.2【答案】B【解析】【分析】根据给定条件，求出函数的导数，再利用导数的几何意义求解作答.【详解】函数，求导得，令直线与曲线相切的切点为，于是且，所以.故选：B7.十七世纪德国著名天文学家开普勒曾经说过：“几何学里有两件宝，一个是勾股定理，一个是黄金分割，如果把勾股定理比作黄金矿的话，黄金分割就可以比作钻石矿”．如果把顶角为的等腰三角形称为“黄金三角形”，那么我们常见的五角星则是由五个黄金三角形和一个正五边形组成．如图所示，（黄金分割比），则（）A.B.C.D.【答案】D【解析】 【分析】构造，根据题意推得.然后根据诱导公式以及二倍角的余弦公式化简，即可得出答案.【详解】如图：过D作于E，则．，所以，.故选：D．8.已知，，，则（参考数据：）（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】由，考虑构造函数，利用导数研究函数的单调性，利用单调性比较大小即可.【详解】因为，，考虑构造函数，则，当时，，函数在上单调递增，当时，，函数在上单调递减， 因为，所以，即，所以，所以，即，又，所以，故，故选：B.【点睛】关键点点睛：本题解决的关键在于将被比较的数化为结构相似的形式，考虑构造函数利用函数的单调性比较大小.二、多选题：本题共4小题，每小题5分，共20分.在每小题给出的选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.9.下列四个命题中为真命题的是（）A.若随机变量服从二项分布，则B.若随机变量服从正态分布，且，则C.已知一组数据的方差是3，则的方差也是3D.对具有线性相关关系的变量，其线性回归方程为，若样本点的中心为，则实数的值是4【答案】AC【解析】【分析】由二项分布的期望公式判断A；由正态分布的性质判断B；由方差的性质判断C；由回归方程必过样本中心点求解可判断D.【详解】对于A，由于，则，故A正确；对于B，，故，故B错误；对于C，的方差是3，则的方差不变，故C正确； 对于D，回归方程必过样本中心点，则，解得，故D错误.故选：AC.10.一个袋子中有编号分别为的4个球，除编号外没有其它差异.每次摸球后放回，从中任意摸球两次，每次摸出一个球.设“第一次摸到的球的编号为2”为事件，“第二次摸到的球的编号为奇数”为事件，“两次摸到的球的编号之和能被3整除”为事件，则下列说法正确的是（）AB.事件与事件相互独立C.D.事件与事件互为对立事件【答案】AC【解析】【分析】对于选项A，由古典概型的概率公式得，所以该选项正确；对于选项B，由题得，事件与事件不相互独立，所以该选项错误；对于选项C,，所以该选项正确；对于选项D,举例说明事件与事件不是对立事件，所以该选项错误.【详解】对于选项A，两次摸到的球的编号之和能被3整除的基本事件有，共5个，由古典概型的概率公式得，所以该选项正确；对于选项B，由题得,,所以，事件与事件不相互独立，所以该选项错误；对于选项C,，所以该选项正确；对于选项D,如果第一次摸到编号为1的球，第二次摸到编号为4的球，则事件A和B都没有发生，所以事件与事件不是对立事件，所以该选项错误.故选：AC11.已知函数的部分图象如图所示，则下列结论正确的是（） A.函数的解析式为B.函数在上单调递减C.该图象向右平移个单位可得的图象D.函数关于点对称【答案】ACD【解析】【分析】根据图象求函数的解析式，再结合三角函数性质以及图象变换逐项分析判断.【详解】由图可得：，可得，且，解得，所以，因为的图象过点，即，可得，则，可得，且，则，所以，故A正确；因为，则，且在上不单调， 所以函数在上不单调，故B错误；该图象向右平移个单位可得，所以该图象向右平移个单位可得的图象，故C正确；因为，所以函数关于点对称，故D正确；故选：ACD.12.已知函数，其中实数，则下列结论正确的是（　　）A.必有两个极值点B.有且仅有3个零点时，的范围是C.当时，点是曲线的对称中心D.当时，过点可以作曲线的3条切线【答案】ABD【解析】【分析】对求导得到的单调性，判断的极值点个数判断A，要使有且仅有3个零点，由单调性可得只需，判断B，当时计算判断C，设切点为，求过点的切线方程，令，，所以过点可以作曲线切线条数可转化为与图像的交点个数判断D.【详解】选项A：由题意可得，令解得或，因为，所以令解得或，令解得，所以在，上单调递增，在上单调递减，所以在处取得极大值，在处取得极小值，故A正确； 选项B：要使有且仅有3个零点，只需，即，解得，故B正确；选项C：当时，，，，所以点不是曲线的对称中心，C错误；选项D：，设切点为，所以在点处的切线方程为：，又因为切线过点，所以，解得，令，，所以过点可以作曲线切线条数可转化为与图像的交点个数，，令解得或，因为，所以令解得或，令解得，则在，上单调递增，在上单调递减，且，，图像如图所示，所以当时，与图像有3个交点，即过点可以作曲线的3条切线，故D正确； 故选：ABD【点睛】对于利用导数研究函数的综合问题的求解策略：1、通常要构造新函数，利用导数研究函数的单调性，求出最值，从而求出参数的取值范围；2、利用可分离变量，构造新函数，直接把问题转化为函数的最值问题.三、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.13.已知，则______.【答案】【解析】【分析】根据排列数公式可得出关于的等式，分析可知且，即可解得的值.【详解】因，则且，则，即，解得.故答案为：.14.橘生淮南则为橘，生于淮北则为枳，出自《晏子使楚》.意思是说，橘树生长在淮河以南的地方就是橘树，生长在淮河以北的地方就是枳树，现在常用来比喻一旦环境改变，事物的性质也可能随之改变.某科研院校培育橘树新品种，使得橘树在淮北种植成功，经过科学统计，单个果品的质量（单位：g）近似服从正态分布，且，在有1000个的一批橘果中，估计单个果品质量不低于的橘果个数为___________.【答案】300【解析】【分析】先按照正态分布计算出不低于的概率，再计算出个数即可.【详解】结合正态分布特征，，，所以估计单个果品质量不低于的橘果个数为.故答案为：300.15.已知，则______.【答案】【解析】【分析】利用两角和的余弦公式化简并结合诱导公式可得，将 化为，利用二倍角余弦公式即可求得答案.【详解】由可得，即，即，故，故答案为：16.将函数的图象向左平移个单位得到函数的图象，若在区间上有且仅有一个零点，则实数m的一个取值为________.【答案】（答案不唯一）【解析】【分析】由图象平移写出解析式，再由，根据正弦函数图象及零点个数求参数范围，即得结果.【详解】由题设，在，则，要使在区间上有且仅有一个零点，所以，即，故满足要求.故答案为：（答案不唯一）四、解答题：本大题共6小题，共70分，解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.17.已知在的展开式中，第项为常数项，求：（1）的值；（2）展开式中的系数；（3）展开式中各项的系数和.【答案】（1）（2）（3） 【解析】【分析】（1）写出展开式通项，利用为常数项可求得的值；（2）写出展开式通项，令的指数为零，求出参数的值，代入通项即可得解；（3）在二项式中令可得出展开式中各项的系数和.【小问1详解】解：展开式通项为，由题意可知，，由题意可得，解得.【小问2详解】解：展开式通项为，令，解得，因此，展开式中的系数为.【小问3详解】解：在中，令，可得展开式中所有项的系数和为.18.已知函数.（1）求的值和的最小正周期；（2）求在上的最值.【答案】（1）3，最小正周期为（2）最大值3，最小值【解析】【分析】（1）先利用诱导公式和降幂公式化简函数，再代入求值，求解周期；（2）先根据的范围求出的范围，再求解最值.【小问1详解】 ;;的最小正周期为.【小问2详解】因为，所以.所以.所以，即.时，最大值3;时，最小值.19.已知函数，且.（1）求函数的图象在点处的切线方程；（2）求函数的单调区间.【答案】（1）（2）单调递增区间为，单调递减区间为【解析】【分析】（1）由已知可得，根据已知求出，代入可得.根据导数的几何意义，求出斜率，代入点斜式方程，整理即可得出答案；（2）由（1）知，.解以及，即可得出函数的单调区间.【小问1详解】由已知可得，所以，解得，所以，所以. 根据导数的几何意义可知函数的图象在点处的切线斜率，所以切线方程为，即.【小问2详解】由（1）知，.令，得或.解可得，或，所以在上单调递增，在上单调递增；解可得，，所以在上单调递减.所以的单调递增区间为，，单调递减区间为.20.“绿水青山就是金山银山”的理念越来越深入人心．据此，某网站调查了人们对生态文明建设的关注情况，调查数据表明，关注生态文明建设的约占80%．现从参与调查的关注生态文明建设的人员中随机选出200人，并将这200人按年龄（单位：岁）分组：第1组[15，25），第2组[25，35），第3组[35，45），第4组[45，55），第5组[55，65]，得到的频率分布直方图如图所示．（1）求a的值；（2）现在要从年龄在第1，2组的人员中用分层抽样的方法抽取5人，再从这5人中随机抽取3人进行问卷调查，求抽取的3人中至少1人的年龄在第1组中的概率；（3）用频率估计概率，从所有参与生态文明建设关注调查人员（假设人数很多，各人是否关注生态文明建设互不影响）中任意选出3人，设这3人中关注生态文明建设的人数为X．求随机变量X的分布列及期望．【答案】（1）（2）（3）分布列见解析， 【解析】【分析】（1）根据频率和为1求；（2）根据题意结合古典概型分析运算；（3）根据题意可得，根据二项分布求分布列和期望.【小问1详解】由小矩形面积和等于1可得：，解得.【小问2详解】第1组总人数为200×0.01×10＝20，第2组总人数为200×0.015×10＝30根据分层抽样可得：第1组抽取人，第2组抽取人再从这5人中抽取3人，设至少1人的年龄在第1组中的事件为A，其概率为.【小问3详解】由题意可知：，则有：，，，.∴X的分布列为：X0123P可得的数学期望.21.“绿色出行，低碳环保”已成为新的时尚，近几年国家相继出台了一系列的环保政策，在汽车行业提出了重点扶持新能源汽车的政策，为新能源汽车行业的发展开辟了广阔的前景.某公司对A充电桩进行生产投资，所获得的利润有如下统计数据，并计算得.A充电桩投资金额x/万元3467910 所伏利润y/百万元1.5234.567（1）已知可用一元线性回归模型拟合y与x关系，求其经验回归方程；（2）若规定所获利润y与投资金额x的比值不低于，则称对应的投入额为“优秀投资额”.记2分，所获利润y与投资金额x的比值低于且大于，则称对应的投入额为“良好投资额”，记1分，所获利润y与投资金额x的比值不超过，则称对应的投入额为“不合格投资额”，记0分，现从表中6个投资金额中任意选2个，用X表示记分之和，求X的分布列及数学期望.附：.【答案】（1）；（2）分布列见解析，.【解析】【分析】（1）利用给定的数表求出，再利用最小二乘法公式求解作答.（2）求出的可能值，及对应的概率，列出分布列并求出期望作答.【小问1详解】由数表知，，因此，，所以所求经验回归方程为.【小问2详解】由数表知，，，因此“优秀投资额”有2个，“良好投资额”有1个，“不合格投资额”有3个，的可能值为， ，，所以的分布列为：01234数学期望.22.已知．（1）若，且对任意恒成立，求a的范围；（2）当时，求证：．【答案】（1）（2）证明见解析【解析】【分析】（1）利用分离参数得对任意恒成立，再设，利用导数求出其最值即可；（2）证法1：通过隐零点法得，然后构造新函数求解其范围即可；证法2：令，利用导数证明，则得.【小问1详解】∵，若对任意恒成立，则对任意恒成立，即对任意恒成立，令，则，令，解得，当时，，则单调递增，当时，，则单调递减，所以当时，函数取得最大值． 所以.【小问2详解】证法1，由（1）可得时，在上单调递增．又因为，当x趋近于0时，趋近于．∴使得，即．当时，，时，．∴在递减，在递增．∴，，令，，当时，，，则在上，，∴单调递减，∴．∴当时，．证法2：令，，，当时，，当时，．∴在上单调递减，在上单调递增，∴，∴．∵，∴．∴．