四川省成都市石室中学2022-2023学年高三零诊模拟考试生物Word版含解析

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成都石室中学2022-2023学年度下期高2024届零诊模拟考试生物试卷1.下列关于生命系统及其结构层次的叙述，正确的是（）A.病毒是生命系统最基本的结构层次B.细菌菌落不属于生命系统的结构层次C.所有植物都没有组织这个结构层次D.生物生活的环境也是生命系统的一部分【答案】D【解析】【分析】生命系统的结构层次：（1）生命系统的结构层次由小到大依次是细胞、组织、器官、系统、个体、种群、群落、生态系统和生物圈；（2）地球上最基本的生命系统是细胞，分子、原子、化合物不属于生命系统。（3）生命系统各层次之间层层相依，又各自有特定的组成、结构和功能。（4）生命系统包括生态系统，所以应包括其中的无机环境。【详解】A、生命系统的结构层次不包括病毒，细胞是生命系统最基本的结构层次，A错误；B、细菌菌落属于生命系统的种群层次，B错误；C、植物有组织这个层次，但没有系统这个层次，C错误；D、生命系统包括生态系统，所以应包括生物生活的环境，D正确。故选D。2.下列关于真核生物和原核生物的叙述，正确的是（）A.原核细胞内没有线粒体，但部分原核生物也能进行有氧呼吸B.真核细胞增殖方式是有丝分裂，原核细胞的增殖方式是无丝分裂C.真核生物的主要遗传物质为DNA，原核生物的主要遗传物质也是DNAD.真核细胞的遗传物质都在染色体上，原核细胞的遗传物质都在拟核中【答案】A【解析】【分析】原核细胞与真核细胞相比，最大的区别是原核细胞没有被核膜包被的成形的细胞核，没有核膜、核仁和染色体；原核生物没有复杂的细胞器，只有核糖体一种细胞器，但原核生物含有细胞膜、细胞质结构，含有核酸和蛋白质等物质。

1【详解】A、原核生物无线粒体，但部分原核细胞含有有氧呼吸所需的酶，也能进行有氧呼吸，如醋酸菌，A正确；B、有丝分裂和无丝分裂均为真核生物的分裂方式，B错误；C、真核生物和原核生物的遗传物质都是DNA，C错误；D、真核细胞的遗传物质主要在染色体上，原核细胞的遗传物质主要在拟核中，D错误。故选A。3.下列关于光学显微镜使用的描述，错误的是（）A.换高倍镜前，需要在低倍镜下将观察目标移到视野的中央B.换高倍镜后，视野变暗，可调节细准焦螺旋增加亮度C.换高倍镜后，物镜镜头与载玻片之间的距离减小D.换高倍镜后，视野中观察到的细胞数量会减少【答案】B【解析】【分析】高倍显微镜的使用方法：低倍物镜下找到清晰的物像→移动装片，将物像移至视野中央→转动转换器，换用高倍物镜→调节反光镜和光圈，使视野亮度适宜→调节细准焦螺旋，使物像清晰。【详解】A、换用高倍物镜前，要将物像移至视野中央，否则，可能观察不到物像，A正确；B、高倍镜下，视野变暗，可以换成大光圈、凹面镜，调细准焦螺旋可使物像清晰，但不会改变视野明暗度，B错误。C、物镜放大倍数越大，镜头越长，因此换用高倍镜后，物镜镜头与载玻片之间的距离减小，C正确；D、高倍镜下，视野中观察到的细胞数量会减少，细胞体积会变大，D正确；故选B。4.下列有关图的分析中，正确的是（）A.如果该图为组成细胞的化合物，则A中一定含N元素B.如果该图为组成活细胞的元素，则其中Fe元素的含量很少C.如果该图为组成活细胞的有机物，则A的元素组成为H、OD.如果该图为完全脱水后的细胞中的元素，则A是O元素【答案】B

2【解析】【分析】1、组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类：（1）大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素，O是含量最多的元素。（2）微量元素是指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo等。2、细胞的鲜重中元素含量由多到少分别是O、C、H、N，干重中元素含量由多到少分别是C、O、N、H。3、组成细胞的化合物包括无机物和有机物，无机物包括水和无机盐，有机物包括蛋白质、脂质、糖类和核酸，鲜重含量最多的化合物是水，干重含量最多的有机物是蛋白质。【详解】A、如果该图为组成细胞的化合物，活细胞中最多的化合物是H2O，不含有N元素，A错误；B、Fe元素为微量元素，如果该图为组成活细胞的元素，其中Fe元素的含量很少，B正确；C、如果该图为组成活细胞的有机物，A为含量最多的蛋白质，组成元素为C、H、O、N，C错误；D、细胞的鲜重中元素含量由多到少分别是O、C、H、N，干重中元素含量由多到少分别是C、O、N、H。如果该图为完全脱水后的细胞中的元素，则A是碳元素，D错误。故选B。5.无机盐对于维持生物体的生命活动具有重要作用，下列相关叙述错误的是（）A.缺镁导致叶片变黄与胡萝卜素合成受阻有关B.细胞中均有以无机离子形式存在的Ca²⁺和Na⁺C.青少年易发生抽搐与骨骼生长消耗大量钙有关D.植物秸秆燃烧产生的灰烬中含有丰富的无机盐【答案】A【解析】【分析】无机盐的主要存在形式是离子，有些无机盐是某些复杂化合物的组成成分；许多无机盐对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要的作用，有些无机盐还参与维持酸碱平衡和渗透压。【详解】A、镁是叶绿素的组成元素，缺镁导致叶片变黄与叶绿素合成受阻有关，A错误；B、Ca²⁺和Na⁺对于维持细胞和生物体的生命活动具有重要的作用，故细胞中均有以无机离子形式存在的Ca²⁺和Na⁺，B正确；C、缺钙会引起抽搐，青少年易发生抽搐与骨骼生长消耗大量钙有关，C正确；D、燃烧将有机物转化为无机物，故植物秸秆燃烧产生的灰烬中含有丰富的无机盐，D正确。故选A。6.per蛋白能参与果蝇昼夜节律的调节，per蛋白是三十肽，只有一条肽链。下列说法错误的是（）

3A.双缩脲试剂可与per蛋白反应出现紫色B.per蛋白的合成离不开核酸的参与C.氨基酸脱水缩合形成per蛋白时相对分子质量减少了540D.per蛋白彻底水解的产物再次脱水缩合可能不会形成per蛋白【答案】C【解析】【分析】双缩脲试剂可以与蛋白质反应生成紫色络合物，蛋白质的基本组成单位为氨基酸，氨基酸脱水缩合形成肽链，肽链盘曲折叠形成具有空间结构的蛋白质。【详解】A、双缩脲试剂可以与蛋白质反应生成紫色络合物，故双缩脲试剂可用于per蛋白的检测，A正确；B、per蛋白是由基因指导合成的，基因的本质是核酸，故per蛋白的合成离不开核酸的参与，B正确；C、per蛋白是三十肽，含有30个氨基酸，这些氨基酸脱水缩合形成per蛋白时减少的相对分子质量是29×18=522，C错误；D、per蛋白有特定的氨基酸序列和空间结构，per蛋白彻底水解的产物再次脱水缩合可能不会形成per蛋白，D正确。故选C。7.下列关于细胞中糖类和脂质的叙述，正确的是（）A.动物细胞内的蔗糖和乳糖水解后都能得到两种单糖B.糖原和纤维素元素组成相同且都是细胞的储能物质C.固醇类物质都属于生物大分子，是细胞的必要成分D.相同质量的糖原和脂肪氧化分解所释放的能量不同【答案】D【解析】【分析】1、糖类分为单糖、二糖和多糖，葡萄糖、核糖、脱氧核糖等不能水解的糖称为单糖，由2个单糖脱水缩合形成的糖称为二糖，多糖有淀粉、纤维素和糖原，糖原是动物细胞的储能物质，淀粉是植物细胞的储能物质，纤维素是植物细胞壁的成分。2、常见的脂质有脂肪、磷脂和固醇。①脂肪是最常见的脂质，是细胞内良好的储能物质，还是一种良好的绝热体，起保温作用，分布在内脏周围的脂肪还具有缓冲和减压的作用，可以保护内脏器官；②磷脂是构成细胞膜的重要成分，也是构成多种细胞器膜的重要成分；③固醇类物质包括胆固醇、性激素和维生素D，胆固醇是构成细胞膜的重要成分、在人体内还参与血液中脂质的运输，性激素能促进人和动物生殖器官的发育以及生殖细胞的形成，维生素D能有效地促进人和动物肠道对钙和磷的吸收

4【详解】A、动物细胞内没有蔗糖，A错误；B、糖原和纤维素元素组成均为C、H、O，纤维素不是细胞内的储能物质，糖原是动物细胞内的储能物质，B错误；C、固醇属于脂质，固醇类物质不属于生物大分子，C错误；D、由于脂肪的C、H的含量高，故相同质量的糖原和脂肪氧化分解，脂肪所释放的能量更多，D正确。故选D。8.某校生物兴趣小组进行了生物组织中还原糖检测的实验（如下图），下列叙述错误的是（）A.苹果使用前去皮，可排除果皮色素对实验结果的干扰B.斐林试剂不稳定，使用时应当先加入甲液后加入乙液C.研磨时加入石英砂有助于将苹果研磨充分D.甘蔗富含蔗糖，不是该实验最理想的材料【答案】B【解析】【分析】斐林试剂可与还原糖反应，在水浴加热的条件下呈现砖红色沉淀，斐林试剂需要等量混合、现配现用。【详解】A、本实验需要根据反应的颜色进行实验结果的判断，故苹果使用前去皮，可有效排除果皮色素对实验结果的干扰，A正确；B、使用斐林试剂时，应将斐林试剂的甲液和乙液等量混合均匀后再加，现配现用，B错误；C、在检测还原糖的实验中，研磨时加入少许石英砂，其目的是研磨充分，得到更多的还原糖，C正确；D、由于甘蔗中富含蔗糖，蔗糖为非还原糖，故不是该实验最理想的材料，D正确。故选B。9.如下图所示为细胞中水的两种存在形式及其作用。下列相关叙述错误的是（　　）

5A.图中①指的是结合水，该部分水较少，丢失会导致细胞死亡B.图中②指的是自由水，细胞代谢旺盛时该部分水的含量会增多C.存在形式①转变成②有利于提高植物的抗寒性、抗旱性等抗逆性D.图中甲表示“组成细胞结构”，乙可表示运输营养物质和代谢废物【答案】C【解析】【分析】由题图可知：水的存在形式②有多种功能，故为自由水，则①为结合水，据此分析作答。【详解】A、水的存在形式②有多种功能，故为自由水，则①为结合水，结合水是细胞结构的重要组成成分，如果这部分水失去会导致细胞死亡，A正确；B、自由水②含量高，细胞代谢旺盛，B正确；C、自由水②转化为结合水①，可降低代谢水平，提高植物抗寒性、抗旱性等抗逆能力，C错误；D、①为结合水，其功能为甲“组成细胞结构”；②为自由水，是良好的溶剂、能运送营养物质和代谢的废物、参与生化反应，为细胞提供液体环境等功能，故乙可表示运输营养物质和代谢废物，D正确。故选C。10.下列有关细胞器增大膜面积方式的叙述，错误的是A.线粒体通过内膜向内折叠成嵴增大内膜面积B.内质网通过膜的折叠广泛分布于细胞质基质中C.叶绿体内的类嚢体和基粒扩展了其受光面积D.高尔基体通过外膜产生具膜小泡来增大膜面积【答案】D【解析】【分析】细胞器增大膜面积的方式：叶绿体通过类囊体堆积成基粒；内质网通过折叠广泛分布于细胞质基质中；线粒体的内膜向内腔折叠成嵴；高尔基体通过扁平囊重叠增大膜面积。【详解】A、线粒体具有双膜结构，内膜向内突起形成“嵴”增加膜面积，A正确；B、内质网是单层膜折叠体，通过折叠外连细胞膜，内连细胞核，增加膜面积，B正确；C、叶绿体具有双层膜结构，通过类囊体增加膜面积，C正确；

6D、高尔基通过扁平囊重叠增大膜面积，产生小泡是为了运输有机物，D错误。故选D。11.成熟的筛管细胞无细胞核、核糖体、高尔基体，有线粒体、叶绿体、内质网，并与伴胞细胞有丰富的胞间连丝相通。下列对成熟筛管细胞的推断不合理的是（）A.需要伴胞细胞提供蛋白质B.依赖胞间连丝运输某些物质C.能进行有氧呼吸和光合作用D.完全不能合成自身的蛋白质【答案】D【解析】【分析】成熟的筛管细胞无细胞核、核糖体、高尔基体，有线粒体、叶绿体，线粒体和叶绿体是半自主性细胞器，能自己合成部分蛋白质。【详解】A、成熟的筛管细胞无核糖体，需要伴胞细胞提供蛋白质，A正确；B、成熟的筛管细胞与伴胞细胞有丰富的胞间连丝相连，可以依赖胞间连丝运输某些物质，B正确；C、成熟的筛管细胞有线粒体、叶绿体，能进行有氧呼吸和光合作用，C正确；D、成熟的筛管细胞有线粒体、叶绿体，线粒体和叶绿体是半自主性细胞器，能自己合成部分蛋白质，D错误。故选D。12.下列与细胞核有关的叙述，错误的是A.染色质主要由DNA和蛋白质组成，在细胞分裂时存在不同状态B.在光学显微镜下能观察到细胞核的核膜、核孔和核仁等结构C.核膜在细胞周期中发生周期性变化，其主要成分是磷脂和蛋白质D.某些大分子物质进出核孔可实现核质之间的物质交换和信息交流【答案】B【解析】【详解】A、染色质主要由DNA和蛋白质组成，与染色体是同一种物质在细胞不同分裂时期的两种形态，A正确；B、在电子显微镜下才能观察到细胞核的核膜、核孔和核仁等结构，B错误；C、核膜属于生物膜，主要成分是磷脂和蛋白质，在细胞周期中会发生周期性的变化，C正确；D、核孔是某些大分子的运输通道，具有选择性，实现了核质之间的物质交换和信息交流，D正确。故选B。

713.细胞膜塑形蛋白会促进囊泡形成，将来自细胞内的“区室”表面旧的或受损的蛋白质带到内部的“回收利用工厂”，在那里将废物降解。下列相关叙述错误的是（）A.细胞膜塑形蛋白的功能与其单体之间的结合方式无关B.细胞生命活动高效、有序地进行，离不开细胞内的“区室”C.受损蛋白质进入“回收利用工厂”的过程体现了生物膜的流动性D.“回收利用工厂”可合成多种水解酶，有利于废物的降解【答案】D【解析】【分析】据题干分析,细胞区室表面旧的受损的蛋白质会被带到内部“回收利用工厂”进行废物降解，降解后的“组件”被重新利用，在细胞中溶酶体起到是“消化车间”，内部含有多种水解酶，故“回收利用工厂”可能是溶酶体。【详解】A、细胞膜塑形蛋白是蛋白质，而蛋白质的单体为氨基酸，其结合方式为依靠肽键结合，与其功能无关，因此细胞膜塑形蛋白的功能与其单体之间的结合方式无关，A正确；B、细胞内的“区室”将细胞分成一个个互不干扰的区域，因此各个新陈代谢能在各个区域有序进行，B正确；C、细胞膜塑形蛋白要促进囊泡形成，才能将来自细胞内的“区室”表面旧的或受损的蛋白质带到内部的“回收利用工厂”，囊泡形成与生物膜的流动性有关，C正确；D、“回收利用工厂”降解废物，需要酶去水解废物，但合成多种水解酶的细胞器是核糖体，D错误。故选D。14.洋葱鳞片叶内表皮细胞和人口腔上皮细胞都能用于观察线粒体，下列叙述正确的是（）A.都需要用生理盐水制作装片，保持活细胞状态B.都需要用盐酸处理，加速染色剂进入细胞C.都需要用健那绿染液将线粒体染成蓝绿色D.都需要用缓流清水洗去浮色，便于观察细胞【答案】C【解析】【分析】洋葱鳞片叶内表皮细胞和人口腔上皮细胞均可以作为观察叶绿体的材料，均需要用健那绿染液染色。【详解】A、洋葱鳞片叶内表皮细胞为植物细胞，需用蒸馏水制作装片，但人口腔上皮细胞需要用生理盐水处理，A错误。B、观察线粒体需要保持活细胞的状态，如加入盐酸，会使细胞死亡，B错误。

8C、健那绿能够将线粒体染成蓝绿色，因此观察线粒体，需要用到健那绿进行染色，C正确。D、观察线粒体，不需要用缓流清水洗去浮色，D错误。故选C。15.给玉米植株施肥过多时，会因根系水分外流引起“烧苗”现象。下列叙述错误的是（）A.给农田适时松土利于农作物根细胞对矿质元素的吸收B.矿质元素吸收速率的限制因素之一是载体蛋白的数量C.“烧苗”是因为土壤溶液浓度比根细胞的细胞液浓度高D.“烧苗”时根系通过吸收矿质元素使细胞内外浓度相等【答案】D【解析】【分析】自由扩散的方向是从高浓度向低浓度，不需载体和能量，常见的有水、CO2、O2、甘油、苯、酒精等；协助扩散的方向是从高浓度向低浓度，需要载体，不需要能量，如红细胞吸收葡萄糖；主动运输的方向是从低浓度向高浓度，需要载体和能量，常见的如小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸、葡萄糖，K+等。【详解】A、农田适时松土有利于根系的有氧呼吸，而农作物根细胞对矿质元素的吸收为主动运输，需要载体和能量，显然根系的有氧呼吸加强有利于主动运输的能量供应，A正确；B、矿质元素吸收方式为主动运输，主动运输需要载体和能量，因此矿质元素转运速率的限制因素之一是载体蛋白的数量，B正确；C、施肥过多时，会造成土壤溶液浓度增大，从而造成根系细胞失水，根系水分外流引起“烧苗”现象，显然烧苗现象的出现是土壤溶液浓度比根细胞的细胞液浓度高导致的，C正确；D、根据C项可知，“烧苗”现象的发生是外界溶液浓度过高导致根系无法吸收水分，甚至会导致植株死亡；主动运输的方向是逆浓度进行的，故吸收矿质元素不会使细胞内外浓度相等，D错误。故选D。【点睛】16.下图为细胞膜结构示意图，①②③表示组成细胞膜的物质。下列叙述错误的是（）A.①位于细胞膜的外表，具有识别、通讯的作用B.②可参与物质的运输，对物质运输具有选择性C.③由磷脂分子组成，其脂肪酸“尾”部是亲水的

9D.物质①②③的运动使细胞膜具有一定的流动性【答案】C【解析】【分析】该图示中显示的为细胞膜，①为糖蛋白，主要位于细胞膜的外侧，②是蛋白质，③为磷脂双分子层，构成细胞膜的基本骨架。【详解】A、糖蛋白位于细胞膜的外侧，主要与保护、识别、通讯等作用有关，A正确；B、膜上的载体蛋白可以参与物质的运输，由于载体蛋白的特异性，对物质运输具有选择性，B正确；C、③是由磷脂双分子层组成，其脂肪酸“尾”部是疏水的，C错误；D、磷脂双分子层具有流动性，同时膜上大多数蛋白质也是可以流动的，因此细胞膜具有一定的流动性，D正确；故选C。17.植物叶肉细胞中合成的蔗糖不断运出，再由筛管转运到其他部位。如图为蔗糖分子逆浓度转运至筛管细胞的示意图，①②是筛管细胞膜上的蛋白质。下列相关叙述错误的是（）A.①具有运输H+和催化ATP水解的功能B.筛管细胞膜内侧的H+的浓度高于外侧C.蔗糖通过②进入细胞的方式为主动运输D.H+通过①和②的跨膜运输方式不同【答案】B【解析】【分析】题图分析：H+运出筛管细胞，需要筛管细胞膜上的蛋白质协助，并消耗ATP水解释放的能量，属于主动运输；蔗糖运输到筛管，需要蔗糖载体，动力是H+浓度差，也是主动运输。【详解】A、由图可知，①具有运输H+和催化ATP水解的功能，A正确；B、H+运出筛管细胞，需要筛管细胞膜上的蛋白质协助，并消耗ATP水解释放的能量，属于主动运输，主动运输为逆浓度梯度运输，可知筛管细胞膜内侧的H+的浓度低于外侧，B错误；

10C、蔗糖运输到筛管，需要蔗糖载体，动力是H+浓度差，也是主动运输，C正确；D、H+运出筛管细胞，需要筛管细胞膜上的蛋白质协助，并消耗ATP水解释放的能量，属于主动运输，H+进入筛管细胞为协助扩散，D正确。故选B。18.在生物化学反应中，当底物与酶活性位点形成互补结构时，可催化底物发生变化，如图1所示，酶的抑制剂是与酶结合并降低酶活性的分子。竞争性抑制剂与底物竞争酶的活性位点，非竞争性抑制剂和酶活性位点以外的其他位点结合，从而抑制酶的活性，如图Ⅱ、Ⅲ所示。据图分析不正确的是（）A.底物浓度越高，底物与酶活性位点结合机会越大B.随着底物浓度升高，抑制效力变得越来越小的是非竞争性抑制剂C.因为酶具有专一性，所以当底物与酶活性位点具有互补的结构时，酶才能与底物结合D.青霉素的化学结构与细菌合成细胞壁的底物相似，故能抑制细菌合成细胞壁相关的酶的活性【答案】B【解析】【分析】据图可知，酶的催化作用的专一性体了底物与酶活性位点具有互补的结构，这种互补的结构还表现在底物与酶活性位点的结合上。【详解】A、随着底物浓度升高，底物与酶活性位点结合的机会越大，A正确；B、随着底物浓度升高，抑制效力变得越来越小的是竞争性抑制剂，B错误；C、当底物与酶活性位点具有互补的结构时，酶才能与底物结合，这说明酶的催化作用具有专一性，C正确；D、青霉素的化学结构与细菌合成细胞壁的底物相似，青霉素能与这些酶的活性位点结合（或酶活性位点被封闭），使细菌合成细胞壁的底物与酶活性位点结合的机会下降，故青霉素能抑制细菌合成细胞壁相关的酶的活性，D正确。故选B。19.将四支装有等量等浓度H2O2溶液的试管进行不同的处理，测定各试管在相同时间内释放的氧气量，如图所示。下列相关叙述正确的是（）

11A.①②组的结果不同，二者分解等量H2O2所需的活化能相同B.比较①组、②组和④组的结果，可以说明过氧化氢酶具有高效性C.③④组结果存在差异的主要原因是过氧化氢酶能降低反应的活化能D.若在④组的基础上增加②组条件，则相同时间内④组释放的氧气量增加【答案】A【解析】【分析】酶是具有催化作用的有机物，可以降低化学反应的活化能；从图中看出加入过氧化氢酶的试管中O2释放最高。【详解】A、加热能为H2O2的分解提供能量，使H2O2分解反应加快，但不会改变该反应活化能的大小，A正确；B、比较①组、②组和④组的结果可以说明过氧化氢酶具有催化作用，欲说明过氧化氢酶具有高效性，需要比较①组、③组和④组的结果，B错误；C、无机催化剂和酶都能降低反应的活化能，其中酶降低活化能的效果更为显著，C错误；D、在高温条件下过氧化氢酶的活性会降低甚至丧失，故若在④组的基础上增加②组条件（90℃水浴），则相同时间内④组释放的氧气量减少，D错误。故选A。20.ATP在生物体的生命活动中发挥着重要的作用，下列有关ATP的叙述，正确的是（）A.酶的合成和水解都需要ATP供能，ATP的合成和水解都需要酶的催化B.加入呼吸抑制剂可使细胞中ADP生成减少，ATP生成增加C.ATP中的“A”与构成RNA中的碱基“A”不是同一物质D.人长时间剧烈运动时，骨骼肌细胞中每摩尔葡萄糖生成ATP的量与安静时相等【答案】C【解析】

12【分析】ATP是细胞生命活动的直接能源物质，结构简式是A-P～P～P，“～”是高能磷酸键，远离腺苷的高能磷酸键水解，释放其中能量，形成ADP和磷酸，释放的能量用于细胞的生命活动；ATP产生的生理过程是光合作用和细胞呼吸，光合作用过程中ATP中的能量来自光能，细胞呼吸过程产生的ATP中的能量来自有机物中的化学能。【详解】A、酶的化学本质是蛋白质或RNA，其合成过程需要消耗ATP释放的能量，但其水解过程并不需要消耗ATP释放的能量，ATP的合成和水解都需要酶的催化，分别需要合成酶和水解酶，A错误；B、加入呼吸抑制剂可以抑制细胞呼吸，使ADP增加，ATP合成减少，B错误；C、ATP中的“A”是腺苷，包括腺嘌呤和核糖，而构成RNA中的碱基“A”就是腺嘌呤，二者不是同一种物质，C正确；D、人长时间剧烈运动时，骨骼肌细胞会通过无氧呼吸供能，无氧呼吸过程释放的能量较少，据此可推测，长时间剧烈运动过程中每摩尔葡萄糖生成ATP的量远小于安静时有氧呼吸释放的能量产生的ATP，D错误。故选C。21.下列关于细胞呼吸的叙述，错误的是（）A.农田适时松土有利于农作物根细胞有氧呼吸B.丙酮酸、[H]是有氧呼吸和无氧呼吸共同的中间产物C.马拉松长跑时，肌肉细胞中CO2的产生量多于O2的消耗量D.根据溴麝香草酚蓝水溶液是否变色，不能鉴定酵母菌的呼吸作用方式【答案】C【解析】【分析】有氧呼吸和无氧呼吸的过程：（1）有氧呼吸可以分为三个阶段：第一阶段：在细胞质的基质中，1C6H12O6（葡萄糖）在酶的催化作用下分解成2C3H4O3（丙酮酸）+4[H]+少量能量；第二阶段：在线粒体基质中进行，2C3H4O3（丙酮酸）+6H2O在酶的催化作用下分解为20[H]+6CO2+少量能量；第三阶段：在线粒体内膜上进行的，24[H]+6O2在酶的催化作用下生成12H2O+大量能量。（2）无氧呼吸的二个阶段：第一阶段：在细胞质的基质中。1C6H12O6（葡萄糖）在酶的催化作用下分解成2C3H4O3（丙酮酸）+4[H]+少量能量；第二阶段：在细胞质基质中。2C3H4O3（丙酮酸）+4[H]在酶的催化作用下转化成2C2H5OH+2CO2或2C3H4O3（丙酮酸）+4[H]在酶的催化作用下转化成2C3H6O3（乳酸）。【详解】A、农田适时松土，可增加土壤中氧气的浓度，有利于农作物根细胞有氧呼吸，A正确；B、根据细胞呼吸的过程可知：丙酮酸、[H]是有氧呼吸和无氧呼吸共同的中间产物，B正确；C、人体细胞无氧呼吸的产物是乳酸，不产生CO2，所以马拉松长跑时肌肉细胞中CO2的产生量等于O2的消耗量，C错误；D、根据溴麝香草酚蓝水溶液是否变色，不能鉴定酵母菌的呼吸作用方式，可根据溴麝香草酚蓝水溶液变黄的时间长短判断产生的二氧化碳的量，D正确。

13故选C。22.呼吸熵（RQ）是指生物体在同一时间内，氧化分解时释放二氧化碳量与吸收氧气量的比值。下图是部分有机物完全氧化分解时的呼吸熵。下列叙述错误的是A.长期多食而肥胖人，RQ值最接近于1B.与正常人相比，长期患糖尿病的人RQ值会减小C.叶肉细胞缺氧时的RQ值低于氧气充足时的RQ值D.脂肪因O含量低而C、H含量高，故其RQ值低于1【答案】C【解析】【分析】1、以葡萄糖为呼吸作用底物时，反应式为：C6H12O6+6H2O+6O2→6CO2+12H2O+能量。2、同质量的脂肪和糖类在氧化分解时的差异：物质各元素比例氧化分解时CO耗氧量释放能量脂肪75%13%较多较多糖类44%50%较少较少【详解】A、长期多食而肥胖的人，其能源物质主要为糖类，因此RQ值最接近于1，A正确；B、与正常人相比，长期患糖尿病的人会分解脂肪供能，因此RQ值会减小，B正确；C、叶肉细胞缺氧时会进行无氧呼吸，该呼吸方式不消耗氧气，但是产生二氧化碳，因此RQ值高于氧气充足时的RQ值，C错误；D、脂肪因O含量低而C、H含量高，氧化分解时消耗的氧气更多，故其RQ值低于1，D正确。故选C。【点睛】本题考查了细胞呼吸的有关知识，要求学生识记有氧呼吸和无氧呼吸过程中的物质变化，掌握同质量的脂肪和糖类在氧化分解时的差异，并结合图示信息准确判断各项。23.“低氧胁迫”会导致瓜果蔬菜减产。科研人员采用无土栽培的方法，研究了“低氧胁迫”对两个黄瓜品种（A、B）根系细胞呼吸的影响，测得第6

14天时根系细胞中丙酮酸和乙醇含量如下表。下列相关叙述正确的是（）正常通气品种A正常通气品种B低氧品种A低氧品种B丙酮酸（μmol•g﹣1）0．180．190．210．34乙醇（μmol•g﹣1）2．452．496．004．00A.正常通气情况下，黄瓜品种A和B的根系细胞进行的都是有氧呼吸B.“低氧胁迫”下，黄瓜品种A和B吸收无机盐的能力会有所下降C.“低氧胁迫”下，黄瓜品种A催化丙酮酸转变为乙醇的酶活性较低D.采用无土栽培黄瓜品种A和B，增大通气量不会增产【答案】B【解析】【分析】由表中信息可知，正常通气情况下，黄瓜根系细胞产生了酒精，说明其呼吸方式为有氧呼吸和无氧呼吸。低氧胁迫下，酒精产量升高，说明有氧呼吸受阻，黄瓜根系通过加强无氧呼吸来提供能量。【详解】A、正常通气情况下，黄瓜品种A和B的根细胞也会产生酒精，酒精是无氧呼吸的产物，A错误；B、长期处于低氧胁迫条件下，无氧呼吸产生的能量减少，影响主动运输过程，植物吸收无机盐的能力下降，B正确；C、实验结果表明，低氧胁迫条件A品种根细胞中丙酮酸增加量小于B品种，而酒精增加量大于B品种，说明A品种根细胞中丙酮酸更多的转变为乙醇，黄瓜品种A催化丙酮酸转变为乙醇的酶活性较高，C错误；D、增大通气量促进有氧呼吸，产生大量的能量，有利于植物增产，D错误。故选B。24.图甲是叶绿体结构示意图，图乙是绿叶中色素分离的结果（①～④代表叶绿体结构，A～D代表4种色素），下列相关叙述错误的是（　　）

15A.②上与光反应有关的色素对绿光吸收很少B.若用黄化叶片做提取色素实验，C和D色素带颜色较浅C.利用无水乙醇提取和分离色素的原因是色素溶于乙醇D.②上形成的NADPH和ATP进入④，为暗反应提供还原剂和能量【答案】C【解析】【分析】1、图甲中①为叶绿体内膜，②为由类囊体堆叠而成的基粒，④为基质，③为线粒体外膜；图乙中A为胡萝卜素，B为叶黄素，C叶绿素a，D为叶绿素b。2、植物在光照条件下进行光合作用，光合作用分为光反应阶段和暗反应阶段，光反应阶段在叶绿体的类囊体薄膜上进行水的光解，产生ATP和NADPH，同时释放氧气，ATP和NADPH用于暗反应阶段三碳化合物的还原；暗反应主要发生的是二氧化碳的固定和三碳化合物的还原，所以在暗反应阶段必须参与的物质是二氧化碳、ATP和还原剂NADPH，此外还需要多种酶的催化。【详解】A、②上与光反应有关的光合色素主要吸收红光和蓝紫光，对绿光吸收最少，A正确；B、黄化叶片中叶绿素含量较少，故若用黄化叶片做提取色素实验，C和D色素带颜色较浅，B正确；C、光合色素易溶于有机溶剂，故可用无水乙醇提取色素，因色素在层析液中的溶解度不同，故分离色素用的是层析液，C错误；D、在叶绿体类囊体薄膜（②）上进行的光反应可产生NADPH（作为还原剂和能提供能量）和ATP，进入叶绿体基质（④）参与暗反应过程，为暗反应提供还原剂和能量，D正确。故选C。25.离体的叶绿体在光照下进行稳定光合作用时，如果突然中断CO2气体的供应，短暂时间内叶绿体中C3化合物与C5化合物相对含量的变化是（）A.C3化合物增多、C5化合物减少B.C3化合物增多、C5化合物增多C.C3化合物减少、C5化合物增多

16D.C3化合物减少、C5化合物减少【答案】C【解析】【分析】光合作用过程分为光反应阶段和暗反应阶段，二氧化碳含量的改变直接影响的是暗反应中二氧化碳的固定这个反应。【详解】如果突然中断CO2气体的供应，二氧化碳的固定这个反应变弱，生成物C3化合物量减少，短时间内光照不变，产生的ATP和[H]（NADPH）不变，C3还原速率不变，故C3含量减少；二氧化碳固定过程C5化合物消耗减少，短时间内光照不变，产生的ATP和[H]（NADPH）不变，C3还原产生的C5不变，故剩余的C5化合物相对增多，C正确，ABD错误。故选C。26.下图是[H]随化合物在生物体内转移的途径，下列叙述正确的是A.能形成ATP的过程有①②④⑤⑥B.晴天时小麦①过程比在阴雨天时旺盛C.[H]经⑤转移到水中，其过程需CO2参与D.①产生的[H]可在②过程中将五碳化合物还原【答案】B【解析】【分析】【详解】A、据图分析，②过程为暗反应，不产生ATP，反而消耗ATP，A错误；B、图过程①表示水的光解，晴天比阴天时旺盛，B正确；C、[H]经⑤转移到水中，为有氧呼吸第三阶段，需O2参与，而不是需CO2参与，C错误；D、①产生的[H]可在②过程中将三碳化合物还原，D错误。故选B。【点睛】27.蓝莓果实中含有丰富的营养成分，具有防止脑神经老化、保护视力、强心、抗癌、软化血管、增强人体免疫等功能。蓝莓酒和蓝莓醋被称为“液体黄金”“口服化妆品”等。如图是以鲜蓝莓为原料发酵制作蓝莓酒和蓝莓醋的过程简图。下列叙述正确的是（）

17A.去除蓝莓枝梗应在冲洗之前，目的是防止杂菌污染B.过程③在无氧、糖源充足条件下可直接发酵为蓝莓醋C.在过程④时，榨出的蓝莓汁需要经过高压蒸汽灭菌后才能密闭发酵D.过程⑤中酒精可作为醋酸菌碳源和能源【答案】D【解析】【分析】1．有氧呼吸可以分为三个阶段：第一阶段：在细胞质的基质中。第二阶段：在线粒体基质中进行。第三阶段：在线粒体的内膜上，这一阶段需要氧的参与，是在线粒体内膜上进行的。2．无氧呼吸可以分为二个阶段：第一阶段：第二阶段：【详解】A、过程①中，去除蓝莓枝梗应在冲洗之后，目的是防止杂菌污染，A错误；B、过程③是果醋发酵，所用的微生物是醋酸菌，醋酸菌在氧气、糖源充足条件下可直接发酵为蓝莓醋，B错误；C、果酒制作过程中所需的菌种是蓝莓上的野生型酵母菌，因此在过程④时，榨出的蓝莓汁不能经过高压蒸汽灭菌，C错误；D、在氧气充足、糖源不足条件时将乙醇变为乙醛，再将乙醛变为醋酸，过程⑤中酒精可作为醋酸菌的碳源和能源，D正确。故选D。28.酱豆是人们利用大豆制作的一道地方美食。具体做法为：大豆煮熟→霉菌发酵→加入蔬菜→加盐、加调味酒、加香辛料→乳酸发酵。下列叙述正确的是（）A.霉菌产生多种蛋白酶可以将蛋白质和脂肪分解成易吸收的小分子物质

18B.霉菌发酵过程中，湿润的环境不利于霉菌的生长与繁殖C.制作酱豆的整个过程应在环境温暖、氧气充足的条件下进行D.酱豆中有机物的种类增加，含量减少，营养价值增加【答案】D【解析】【分析】毛霉等微生物产生的蛋白酶能将大豆中的蛋白质分解成小分子的肽和氨基酸；脂肪酶可将脂肪水解为甘油和脂肪酸。传统发酵以混合菌种的固体发酵及半固体发酵为主，利用传统发酵技术制作的食品有腐乳、酱、酱油、醋、泡菜和豆豉等。【详解】A、酶具有专一性，蛋白酶只能水解蛋白质，脂肪酶才能水解脂肪，A错误；B、霉菌发酵过程中，保持湿润有利于霉菌的生长与繁殖，B错误；C、霉菌为需氧菌，但乳酸菌为厌氧菌，乳酸发酵应在无氧条件下进行，C错误；D、在微生物的作用下，大豆所含的蛋白质、脂肪等大分子物质被分解形成易于吸收的小分子物质，同时微生物的呼吸要消耗大豆中的营养物质，并形成多种中间产物，所以酱豆中有机物的种类增加，含量减少，营养价值增加，D正确。故选D。29.我国制作泡菜历史悠久。《中馈录》中记载：“泡盐菜法，定要覆水坛。此坛有一外沿如暖帽式，四周内可盛水；坛口覆一盖，浸于水中，……则所泡之菜不得坏矣。泡菜之水，用花椒和盐煮沸，加烧酒少许。……。如有霉花，加烧酒少许。坛沿外水须隔日一换，勿令其干。”下列说法正确的是（）A.“泡菜之水，用花椒和盐煮沸”的目的是彻底灭菌B.“霉花”主要由酵母菌繁殖形成，酵母菌往往来自蔬菜C.“坛沿外水须隔日一换，勿令其干”以保证坛内适宜湿度D.对泡菜汁中的乳酸菌计数，可用稀释涂布平板法和平板划线法【答案】B【解析】【分析】1、泡菜的制作原理：泡菜的制作离不开乳酸菌。在无氧条件下，乳酸菌将葡萄糖分解成乳酸。2、泡菜的制作过程：将经过预处理的新鲜蔬菜混合均匀，装入泡莱坛内，装至半坛时，放入蒜瓣、生姜及其他香辛料，继续装至八成满，再徐徐注入配制好的盐水，使盐水没过全部菜料，盖好坛盖。向坛盖边沿的水槽中注满水，以保证坛内乳酸菌发酵所需的无氧环境。在发酵过程中要注意经常向水槽中补充水。发酵时间长短受室内温度的影响。【详解】A、“泡菜之水，用花椒和盐煮沸”的目的包括提升泡菜味道、减少水中的溶氧量和消毒杀菌防止杂菌污染，A错误；

19B、“霉花”指的是泡菜坛内表面的白膜，主要由酵母菌繁殖形成，而酵母菌往往来自蔬菜，B正确；C、“坛沿外水须隔日一换，勿令其干”以保证坛内的无氧环境，C错误；D、分离泡菜汁中的乳酸菌，可用稀释涂布平板法，不可用平板划线法，D错误。故选B30.微生物培养过程中，要十分重视无菌操作，以防止杂菌污染，请分析下列操作，错误的是（）①煮沸消毒可以杀死微生物的细胞和部分芽孢②接种操作要在酒精灯火焰附近进行③培养基要进行高压蒸汽灭菌④加入培养基中的指示剂和染料不需要灭菌⑤紫外线消毒可以对接种室、超净工作台和操作人员进行消毒，以杀死物体表面或者空气中的微生物⑥在接种过程中，试管口、瓶口等易被污染的部位，也可以通过火焰灼烧来灭菌A.①②B.⑤⑥C.③⑤D.④⑤【答案】D【解析】【分析】1、使用强烈的理化因素杀死物体内外一切微生物的细胞、芽孢和孢子的过程称为灭菌，常用的方法有灼烧灭菌、干热灭菌和高压蒸汽灭菌。2、消毒是指用较为温和的物理或化学方法仅杀死物体体表或内部的一部分微生物的过程。常用的方法有煮沸消毒法、巴氏消毒法、紫外线或化学药物消毒法等。【详解】①100℃煮沸5～6min可以杀死微生物细胞和一部分芽孢，①正确；②酒精灯火焰附近存在一个无菌区，为了无菌操作，接种操作要在酒精灯火焰附近进行，②正确；③培养基的灭菌方法是高压蒸汽灭菌，该方法应注意将压力达到预定要求，③正确；④指示剂和染料混有微生物，故加入培养基前需灭菌，④错误；⑤接种室、接种箱或超净工作台在使用前，可以用紫外线消毒，但不能对操作人员进行紫外线消毒，⑤错误；⑥将微生物的接种工具，如接种环、接种针或其他金属工具，直接在酒精灯火焰的充分燃烧层灼烧，可以迅速彻底地灭菌，此外，在接种过程中，试管口或瓶口等容易被污染的部位，也可以通过火焰燃烧来灭菌，⑥正确。综上所述，错误的是④⑤。ABC不符合题意，D符合题意。故选D。31.下列有关培养基和菌种鉴定的叙述错误的是（）A.利用伊红美蓝培养基上菌落出现黑色来鉴别大肠杆菌

20B.在无氮培养基中加入酚红指示剂能够鉴定尿素分解菌C.可利用固体培养基上菌落的特征来初步判断和鉴别细菌的类型D.利用刚果红培养基上是否形成透明圈来初步筛选纤维素分解菌【答案】B【解析】【分析】选择培养基的制作方法（1）在培养基全部营养成分具备的前提下，加入物质：依据某些微生物对某些物质的抗性，在培养基中加入某些物质，以抑制不需要的微生物生长，促进所需要的微生物生长，如培养基中加入高浓度食盐时可抑制多种细菌的生长，但不影响金黄色葡萄球菌的生长，从而可将该菌分离出来；而在培养基中加入青霉素时可抑制细菌、放线菌的生长，从而分离得到酵母菌和霉菌。（2）通过改变培养基的营养成分达到分离微生物的目的：培养基中缺乏氮源时，可分离自生固氮微生物，非自生固氮微生物因缺乏氮源而无法生存；培养基中若缺乏有机碳源则异养微生物无法生存，而自养微生物可利用空气中的CO2制造有机物生存。（3）利用培养基的特定化学成分分离特定微生物：如当石油是唯一碳源时，可抑制不能利用石油的微生物生长，使能够利用石油的微生物生长，从而分离出能消除石油污染的微生物。（4）通过某些特殊环境分离微生物：如在高盐环境中可分离耐盐菌，其他菌在盐浓度高时易失水而不能生存；在高温环境中可分离得到耐高温的微生物，其他微生物在高温环境中因酶失活而无法生存。【详解】A、大肠杆菌的代谢产物能与伊红-美蓝发生特定的颜色反应，使菌落呈黑色，A正确；B、在以尿素为唯一氮源的培养基中加入酚红指示剂鉴定尿素分解菌，原理是细菌合成的脲酶将尿素分解成氨，氨会使培养基的碱性增强，酚红指示剂变红，从而可以筛选尿素分解菌，B错误；C、不同的细菌在固体培养基上形成的菌落特征不同，因此可根据菌落特征判断和鉴别细菌的类型，C正确；D、在含有纤维素的培养基中加入刚果红，刚果红就会与纤维素结合形成红色复合物，当培养基中的纤维素被分解后，刚果红-纤维素复合物就无法形成，培养基中会出现以纤维素降解菌为中心的透明圈，从而可以筛选纤维素分解菌，D正确；故选B。32.养殖池中存在的有毒物质主要是氨和亚硝酸，这两种物质可由硝化细菌吸收利用。研究人员从养殖池池泥中分离出硝化细菌并进行了计数。有关叙述正确的是（　　）A.需配制一定浓度含氨盐的牛肉膏蛋白胨培养基以分离硝化细菌B.配制的培养基经高压蒸汽灭菌后通常还需要调节pH才能使用C.涂布时，用涂布器沾取少量菌液并均匀地涂布在培养基的表面

21D.使用涂布平板法统计得到的菌落数目往往比活菌的实际数目少【答案】D【解析】【分析】微生物常见的接种的方法（1）平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在化线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。（2）稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。【详解】A、硝化细菌属于自养型生物，因此培养硝化细菌的培养基中不需要加入有机碳源，则培养基中不能加入牛肉膏蛋白胨，A错误；B、培养基制备过程中应先调节pH，在经过高压蒸汽灭菌，B错误；C、用滴管或移液管取少量菌液滴到培养皿上，然后用经过灭菌的涂布器将菌液均匀的涂布在培养基表面，C错误；D、用稀释涂布平板法统计菌落数目时，由于当两个或多个细菌连在一起时形成一个菌落，这样统计的菌落数往往比活菌的实际数目少，D正确。故选D。33.下列关于分离纤维素分解菌的实验的叙述，错误的是（）A.选择培养这一步可省略，但培养出的纤维素分解菌可能少B.可先在固体培养基上培养微生物，再用刚果红溶液染色C.可将选择培养后的样品直接涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上培养D.鉴别纤维素分解菌的原理是纤维素分解后的产物不能和染料形成红色复合物【答案】C【解析】【分析】1、分解纤维素的微生物的基本过程如下：土壤取样→选择培养→梯度稀释→将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上→挑选产生透明圈的菌落，其中选择培养的目的是增加纤维素分解菌的浓度，以确保能够从样品中分离到所需的微生物。2、在纤维素分解菌的分离实验中，刚果红可以与纤维素形成红色复合物，当纤维素被纤维素酶分解后，红色复合物无法形成，出现以纤维素分解菌为中心的透明圈，这样可以通过是否产生透明圈来筛选纤维素分解菌。【详解】A、选择培养的目的是增加纤维素分解菌的浓度，以确保能够从样品中分离到所需的微生物。当土壤样品中纤维素分解菌数量较多时，选择培养这一步可省略，但培养出的纤维素分解菌可能少，A正确；

22B、可先在固体培养基上培养微生物，再用刚果红溶液染色，也可以在倒平板时加入刚果红，B正确；C、经选择培养后，需要进行梯度稀释，才能将样品涂布到鉴别纤维素分解菌的培养基上培养，C错误；D、刚果红和纤维素可形成红色复合物，当纤维素被纤维素酶分解后，红色复合物无法形成，故鉴别纤维素分解菌的原理是纤维素分解后的产物不能和染料形成红色复合物，D正确。故选C。34.下列说法不正确的是（）A.果胶酶包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等B.可用单位体积的果泥在单位时间内的出汁量作为果胶酶活性的检测指标C.探究果胶酶的最适温度时，需将底物和酶分别在同等温度下处理后再混合D.影响果胶酶活性的因素有pH、温度、酶的抑制剂以及酶和底物的浓度【答案】D【解析】【分析】1、果胶酶：（1）作用：能够分解果胶，瓦解植物的细胞壁及胞间层，使榨取果汁变得更容易；果胶分解成可溶性的半乳糖醛酸，使得浑浊的果汁变得澄清；（2）组成：不是特指某一种酶，而是分解果胶的一类酶的总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等。2、在最适宜的温度或pH值条件下，酶的活性最高，温度和pH偏高或偏低，酶的活性都会明显降低，过酸或过碱、温度过高都会使酶的空间结构遭到破坏，使酶失活。而低温只是使酶的活性降低，酶分子结构未遭到破坏，温度升高可恢复酶活性。【详解】A、果胶酶并不是一种酶，而是一类酶的总称，包括多聚半乳糖醛酸酶、果胶分解酶和果胶酯酶等，A正确；B、可通过单位体积的果泥在单位时间内的出汁量、以及等量的果泥在相同时间内的澄清度来作为果胶酶活性的检测指标，B正确；C、探究果胶酶的最适温度时，需将底物和酶分别在同等温度下处理后再混合，目的是控制单一变量，而无关变量要相同且适宜，C正确；D、高温、过酸、过碱都会破坏酶的空间结构使酶失活，酶的抑制剂也能影响果胶酶的活性，而酶和底物的浓度影响的是酶促反应速率，不影响酶的活性，D错误。故选D。35.有关加酶洗衣粉的叙述，正确的是（）A.加酶洗衣粉是添加了固定化酶的洗衣粉B.常用的酶制剂有蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶C.水质和水量不会影响加酶洗衣粉的洗涤效果

23D.加酶洗衣粉在各种条件下的洗涤效果都比普通洗衣粉好【答案】B【解析】【分析】1、实验原理：①加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉，目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶，其中，应用最广泛、效果最明显的是碱性蛋白酶和碱性脂肪酶。②碱性蛋白酶能将血渍、奶渍等含有的大分子蛋白质水解成可溶性的氨基酸或小分子的肽，使污迹从衣物上脱落。脂肪酶、淀粉酶也能分别将大分子的脂肪、淀粉水解为小分子物质，使洗衣粉具有更好的去污能力。2、酶的特性：（1）高效性：酶的催化效率大约是无机催化剂的107～1013倍。（2）专一性：每一种酶只能催化一种或一类化学反应。（3）作用条件较温和：高温、过酸、过碱都会使酶的空间结构遭到破坏，使酶永久失活；在低温下，酶的活性降低，但不会失活。【详解】A、加酶洗衣粉是添加了酶制剂（不是固定化酶）的洗衣粉，A错误；B、加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉，目前常用的酶制剂有四类：蛋白酶、脂肪酶、淀粉酶和纤维素酶，B正确；C、水质、水量、水温、水的酸碱度都会影响加酶洗衣粉的洗涤效果，C错误；D、酶的作用条件温和，因此只有在适宜条件下，加酶洗衣粉的洗涤效果才会比普通洗衣粉好，D错误。故选B。36.小球藻可用于污水净化，其繁殖能力（生长量）在一定程度上可以反映小球藻细胞消耗N、P等的能力。科研人员比较游离小球藻和用海藻酸钠固定化后的小球藻在含N、P等的污水中的生长量变化，结果如图所示。下列相关叙述错误的是（　　）A.本研究中固定化小球藻常用的方法是包埋法B.海藻酸钠浓度偏低，则固定的小球藻数量偏少

24C.固定化小球藻可被重复使用，且可避免水体二次污染D.结果表明固定化小球藻的生长期较短，生长速率低【答案】D【解析】【分析】分析题图：随时间延长，两种类型的小球藻均在一定范围内随时间延长而生长量增加，超过一定范围后，游离型的生长量下降，且游离小球藻生长周期比固定化小球藻短。【详解】A、小球藻为单细胞生物，故固定化小球藻常用的方法为包埋法，A正确；B、海藻酸钠溶液固定细胞时浓度应适宜，正常的凝胶珠为淡黄色，若凝胶珠呈白色说明海藻酸钠的浓度偏低，固定的细胞数目过少，B正确；C、固定化技术的优点之一是可以反复利用，故固定化小球藻可以反复使用，而且有利于回收防止造成二次污染，C正确；D、与游离组相比，一定时间内，相同时间时，固定化小球藻生长量更低，到达最大生长量所需时间更长，因此固定化小球藻生长速率变低、生长期延长，D错误。故选D。37.下列关于蛋白质提取和分离实验中样品处理步骤的描述，正确的是（　　）A.红细胞的洗涤：加入蒸馏水，缓慢搅拌，低速短时间离心B.血红蛋白的释放：加入生理盐水和甲苯，置于磁力搅拌器上充分搅拌C.分离血红蛋白：将搅拌好的混合液离心，过滤后，用分液漏斗分离D.透析：将血红蛋白溶液装入透析袋，然后置于pH为4．0的磷酸缓冲液中透析12h【答案】C【解析】【分析】蛋白质提取和分离：1、原理：凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道，路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离。2、用磷酸缓冲液处理的目的是让血红蛋白处在稳定的pH范围内，维持其结构和功能。3、分离血红蛋白溶液时，将搅拌好的混合液转移到离心管中，经过中速长时离心后，可明显看到试管中溶液分为4层，从上往下数，第1层为甲苯层，第2层为脂溶性物质的沉淀层，第3层为血红蛋白水溶液，第4层为杂质沉淀层。

254、气泡会搅乱洗脱液中蛋白质的洗脱次序，降低分离效果。5、血红蛋白的提取与分离的实验步骤主要有：（1）样品处理：①红细胞的洗涤，②血红蛋白的释放，③分离血红蛋白溶液。（2）粗分离：①分离血红蛋白溶液，②透析。（3）纯化：调节缓冲液面→加入蛋白质样品→调节缓冲液面→洗脱→收集分装蛋白质。（4）纯度鉴定--SDS聚丙烯酰胺凝胶电泳。6、电泳法是利用待测样品中各种分子带电性质的差异和分子本身的大小、形状不同，使带电分子产生不同的迁移速度，从而实现样品中各种分子的分离或鉴定。【详解】A、红细胞洗涤过程中应该用生理盐水，不能用蒸馏水，否则细胞吸水破裂，A错误；B、血红蛋白的释放应该加入蒸馏水和甲苯，使红细胞吸水涨破，释放其中的血红蛋白，B错误；C、将搅拌好的混合液通过离心、过滤后，用分液漏斗分离出血红蛋白溶液，C正确；D、透析所用的磷酸缓冲液的pH为7，D错误。故选C。【点睛】38.下列关于物质提取、纯化原理的叙述，不正确的是（）A.凝胶色谱法分离果胶酶的原理是蛋白质分子的相对分子质量不同，在色谱柱中的移动速度不同B.使用透析法可以去除样品中相对分子质量较大的杂质C.电泳法是利用样品中各种分子带电性质的差异以及样品分子大小、形状的不同，使带电分子产生的迁移速度不同而实现样品中各种分子的分离D.离心法分离蛋白质的依据是密度不同的物质离心时沉降速度不同【答案】B【解析】【分析】1、凝胶色谱法可以用于分离蛋白质，电泳法可以实现样品中各种分子的分离或鉴定。【详解】A、凝胶色谱法是根据相对分子质量的大小来分离蛋白质的有效方法，相对分子质量小的蛋白质容易进入凝胶内部的通道，路程长，移动的速度慢，相对分子质量大的蛋白质不容易进入凝胶内部的通道,路程短，移动的速度快，因此相对分子质量不同的蛋白质得以分离，A正确；B、使用透析法可以去除样品中相对分子质量较小的杂质，B错误；C、电泳法是利用样品中各种分子带电性质和数量以及样品分子大小不同，产生的迁移速度不同而实现样品中各种分子的分离，还可以对待测样品进行鉴定，C正确；D、离心法分离蛋白质的依据是不同密度的分子离心时沉降速度不同，密度越大，沉降速度越大，越容易沉降到试管底部，从而能分离不同物质，D正确。故选B。39.

26芳香油的提取方法主要分为三种：蒸馏法、萃取法和压榨法。以下关于提取方法的叙述中，错误的是（）A.水蒸气蒸馏法适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油B.压榨法适用于柑橘、柠檬等易焦糊原料中的芳香油的提取C.萃取剂的沸点一般较高，通常要高于萃取物的沸点D.提取玫瑰精油和橘皮精油的实验流程中共有的操作是过滤【答案】C【解析】【分析】植物芳香油的提取方法：蒸馏法、压榨法和萃取等。（1）蒸馏法：芳香油具有挥发性。把含有芳香油的花、叶等放入水中加热，水蒸气能将挥发性较强的芳香油携带出来，形成油水混合物；冷却后，油水混合物又会重新分成油层和水层，除去水层便得到芳香油，这种提取方法叫蒸馏法。根据蒸馏过程中原料放置的位置的标准，将水蒸气蒸馏法划分为水中蒸馏、水上蒸馏和水气蒸馏。（2）萃取法：这种方法需要将新鲜的香花等植物材料浸泡在乙醚、石油醚等低沸点的有机溶剂中，使芳香油充分溶解，然后蒸去低沸点的溶剂，剩下的就是芳香油。（3）压榨法：在橘子、柠檬、甜橙等植物的果皮中，芳香油的含量较多，可以用机械压力直接榨出，这种提取方法叫压榨法。植物芳香油的蒸馏提取过程：浸泡、加热蒸馏、乳浊液的分离。【详解】A、水蒸气蒸馏法的原理是，先利用水蒸气将植物挥发性较强的芳香油携带出来，然后再分离。蒸馏法适用于提取玫瑰油、薄荷油等挥发性强的芳香油，A正确；B、压榨法提取植物芳香油的操作较简单，压榨法适用于柑橘、柠檬等易焦糊原料的提取，B正确；C、萃取剂的沸点一般较高，有利于充分溶解提取物，但萃取剂的沸点通常要低于萃取物的沸点，这样在浓缩时才能将萃取剂先蒸馏出来，留下的是萃取物，C错误；D、提取玫瑰精油和橘皮精油的实验流程中均有分液操作（提取玫瑰精油的实验流程中的分液操作是用分液漏斗将油层和水层分开，提取橘皮精油的实验流程中的分液操作是先将过滤后的压榨液静置，再用分液漏斗将上层的橘皮精油分离出来），D正确。故选C。40.下图为胡萝卜素的纸层析结果示意图。下列有关说法中，正确的是（）

27A.A、B、C、D点中，属于标准样品的样点是B和C，提取样品的样点是A和DB.该层析的目的是提取β-胡萝卜素粗品C.在图中的层析谱中，①和②代表的物质分别是其他色素和杂质、β胡萝卜素D.点样的要求是点样应该快速细致，圆点要小，每次点样时滤纸都要干燥【答案】D【解析】【分析】分析题图：鉴定胡萝卜素一般采用纸层析法，其基线一般距底边2cm。A、B、C、D4点中，属于标准样品的样点是A和D，提取样品的样点是B和C．在图中的层析谱中，①和②代表的物质分别是β-胡萝卜素、其他色素和杂质，该层析的目的是胡萝卜素粗品的鉴定。【详解】A、在A、B、C、D4点中，属于标准样品的样点是A和D，提取样品的样点是B和C，A错误；B、该层析的目的是β-胡萝卜素粗品的鉴定，B错误；C、在图中的层析谱中，①和②代表的物质分别是β-胡萝卜素、其他色素和杂质，C错误。D、点样的要求是点样应该快速细致，圆点要小，每次点样时滤纸都要干燥，D正确.故选D。41.下图A、B、C、D表示生物大分子，请分析推断并回答有关问题。（1）请依次写出图中X、Y所代表的元素：______________、______________。（2）图中大分子物质A的中文名称是_________________，其彻底水解产物是_______________________。（3）某生物体内B具有多样性，从b的角度分析是因为____________________，从A的角度分析是因为

28____________________________。（4）细胞结构Ⅱ的名称是_________________，在细胞中的主要存在部位是____________________。【答案】（1）①.N、P②.N（2）①.脱氧核糖核酸②.磷酸、脱氧核糖、碱基（3）①.组成B的b种类、数目、排列排序不同②.碱基的排列顺序具有多样性（4）①.糖被②.细胞膜的外侧【解析】【分析】染色体是由DNA和蛋白质组成，染色体易被碱性染料染成深色。DNA的元素组成为C、H、O、N、P，基本组成单位是脱氧核糖核苷酸，一分子脱氧核苷酸由一分子磷酸、一分子脱氧核糖和一分子碱基组成。【小问1详解】细胞结构I为染色体，B是蛋白质，A是DNA，a是脱氧核苷酸，其组成元素包括C、H、O、N、P，因此X是N、P；b是氨基酸，其组成元素包括C、H、O、N，因此Y是N。【小问2详解】细胞结构I为染色体，A是DNA，其中文名称是脱氧核糖核酸，其初步水解产物是脱氧核糖核苷酸，彻底水解产物是磷酸、脱氧核糖和碱基。【小问3详解】细胞结构I为染色体，B是蛋白质，A是DNA，从氨基酸的角度分析其具有多样性的原因是：组成蛋白质的氨基酸的种类、数目和排列顺利不同。由于基因控制蛋白质的合成，从DNA的角度分析蛋白质具有多样性的原因为碱基的排列顺序具有多样性。【小问4详解】细胞结构Ⅱ具有保护、润滑、识别等功能，为糖被，分布在细胞膜的外侧。42.我国热带植物研究所在西双版纳发现一个具有分泌功能的植物新种（高等植物），该植物细胞的亚显微结构的局部如下图1所示。请据图回答下列问题：

29（1）结构A能实现核质之间频繁的物质交换和信息交流，则结构A为__________。（2）该细胞中脂质的合成场所是__________（填中文名称）。（3）经检验该植物细胞的分泌物含有一种多肽，请写出该多肽在细胞中从合成至分泌出细胞的“轨迹”：________________________（用“→”和字母表示）。（4）该植物相邻细胞之间可通过F进行信息交流，则F代表__________。（5）细胞膜是吞噬细胞的系统边界，可控制物质进出细胞。图2是生物膜和人工膜（双层磷脂）对多种物质的通透性比较。①与人工膜相比，H20通过__________方式通过生物膜，生物膜对K+、Na+、Cl-的选择透过性依赖于细胞膜上的__________。②通过比较甘油、C02和02的实验结果得出的实验结论是:_____________________________。【答案】①.核孔②.内质网③.B→C→M→G→N④.胞间连丝⑤.自由扩散和协助扩散（被动运输）⑥.载体蛋白的种类和数量⑦.自由扩散的速率与分子的大小呈负相关【解析】【分析】据题文的描述和图示分析可知：该题考查学生对细胞核的结构、细胞膜的功能、细胞器的功能及其细胞器之间的协调配合、物质跨膜运输等相关知识的识记和理解能力。【详解】(1)结构A为核孔，能实现核质之间频繁的物质交换和信息交流。(2)内质网是细胞内蛋白质合成加工，以及“脂质”合成的车间，即内质网是该细胞中脂质的合成场所。(3)分泌蛋白的合成与分泌过程为:核糖体合成多肽→内质网进行加工→内质网“出芽”形成囊泡→高尔基体进行进一步的修饰加工→高尔基体“出芽”形成囊泡→细胞膜。该植物细胞的分泌物含有一种多肽，该多肽在细胞中从合成至分泌出细胞的“轨迹”与分泌蛋白的合成与分泌过程类似，所以该“轨迹”为：[B]核糖体→[C]内质网→[M]囊泡→[G]高尔基体→[N]囊泡。

30(4)高等植物相邻的细胞之间可以通过胞间连丝进行信息交流。若该植物相邻细胞之间可通过F进行信息交流，则F代表胞间连丝。(5)①分析图2可知：H2O在生物膜上的通透性大于在人工膜上的通透性，说明生物膜上存在着协助H2O通过的物质，进而推知：与人工膜相比，H20通过自由扩散和协助扩散（被动运输）方式通过生物膜。人工膜对K+、Na+、Cl-的通透性相同，并且均低于生物膜对K+、Na+、Cl-的通透性，加之生物膜对K+、Na+、Cl-的通透性不同，说明生物膜对这些离子的通透具有选择透过性，这种选择透过性依赖于细胞膜上的载体蛋白的种类和数量。②CO2、O2和甘油在两种膜上的通透性相同，而且通透性的大小为O2＞CO2＞甘油，说明甘油、C02和02均以自由扩散的方式跨膜运输，而且自由扩散的速率与分子的大小呈负相关。【点睛】解答（1）～（4）题的技巧是：一是明辨各种细胞结构，正确识别各种细胞器；二是准确掌握各种细胞器的功能、分布及特点，并与分泌蛋白的合成和运输建立联系，在此基础上对相关问题进行解答。解答（5）题的切入点是从图2中提取有效信息，明辨同种离子通过生物膜和人工膜时是否存在差异，进而围绕“物质跨膜运输”的相关知识对相关问题进行解答。43.I．图1表示某植物固定和还原CO2的过程，图2是外界环境因素对光合作用速率的影响。请据图回答：（1）图1中a过程叫______________，发生的场所________________。（2）如果将某植物在缺乏镁元素的土壤中栽种，会直接影响图1中的物质____（填“A”、“B”或“C”）的生成。当图2中d点对应的光照强度突然降至c点对应的光照强度，则图1中的物质A在短时间会______（填“增加”或“减少”）。（3）从图2中可以看出，限制N点光合速率的主要外界因素是_______________。II．光补偿点是指植物在一定光强范围内，光合速率与呼吸速率相等时的光照强度。光饱和点是指植物在一定光强范围内，光合速率达到最大时所需要的最小光照强度。已知植物体光合作用和呼吸作用的最适温度分别为25℃和35℃。如表为25℃和一定CO2浓度等条件下测得的三种植物幼苗的生理指标。请分析回答下列问题：物种/指标物种甲物种乙物种丙

31光补偿点（μmol•m-2•s-1）1406637光饱和点（μmol•m-2•s-1）14251255976（4）该实验的自变量为_____________。在光照强度为140μmol•m-2•s-1时，物种甲幼苗叶肉细胞中产生的O2的去路为_________________。若把温度升高到35℃，物种乙幼苗的光补偿点会变_________（填“大”或“小”）。（5）三种植物中最适合间行种植的是哪两种，请作出判断，并说明理由：__________________________________________。【答案】（1）①.二氧化碳的固定②.叶绿体基质（2）①.C②.减少（3）光照强度（4）①.光照强度和植物种类②.被线粒体利用和释放到细胞外③.大（5）甲和丙。因为甲的光饱和点和补偿点都较大，是典型的阳生植物，丙的光饱和点和补偿点都较小，是典型的阴生植物，将两物种间种能提高对光的利用率【解析】【分析】1、据图分析：图1表示某植物固定和还原CO2的过程，其中a为CO2固定过程，物质A为五碳化合物，B为三碳化合物；b为C3的还原过程，物质C为[H]（或NADPH）；从图2中横坐标中可以看出，光照强度影响光合速率，从图2中的两条曲线的差异可以看出，温度也是影响光合速率的因素。由图可知，限制光合作用的外界因素主要有温度、光照强度。2、植物体光合作用和呼吸作用的最适温度分别为25℃和35℃，温度由25℃升高为35℃，温度升高，呼吸酶的活性升高而光合作用酶活性降低，从而使细胞呼吸加快、光合作用减慢。【小问1详解】据图1分析可知，A为五碳化合物，B为三碳化合物；a是二氧化碳的固定过程，反应的场所在叶绿体基质。【小问2详解】叶绿素合成需要镁元素，所以缺乏了镁元素会影响叶绿素的合成，叶绿素在光反应过程中能吸收并转换光能，直接影响图1中ATP和物质C（[H]或NADPH）的生成；当光照强度突然由d降低至c时，则ATP、[H]（或NADPH）供应减少，进而C3的还原减慢，但CO2会继续和C5（A）反应生成C3，所以C5的量会减少。【小问3详解】

32从图2中可以看出，在N点之后光照强度增大，光合速率增大，故乙图中限制N点光合速率的因素是光照强度。【小问4详解】该实验的自变量是光照强度和不同种植物幼苗，140μmol•m-2•s-1为物种甲（整个植株）的光补偿点，此时，物种甲叶肉细胞的光合速率大于呼吸速率，故叶肉细胞中产生的O2除进入线粒体外，还扩散至细胞外；由于“植物体光合作用和呼吸作用的最适温度分别为25℃和35℃”，当温度升高到35℃，呼吸作用增强，光合作用减慢，要想使光合作用=呼吸作用，必须增大光照强度，故物种乙幼苗的光补偿点会变大。【小问5详解】三种植物中最适合间行种植的是甲和丙；因为甲的光饱和点和补偿点都较大，是典型的阳生植物，丙的光饱和点和补偿点都较小，是典型的阴生植物，将两物种间种能提高对光的利用率。将植物放置于如图所示装置中，分别在光照下和黑暗中在不同温度下进行实验，结果如下表所示（气体体积已换算成标准状况下体积）。请回答下列问题：温度（℃)5101520253035光照下O2释放量(mL/h)0.861.682.433.123.653.363.02黑暗中O2吸收量(mL/h)0.460.681.151.302.152.983.46（1）植物光合作用过程中最初的能量转换场所是___44___，能量的最终存在形式是___45___。（2）昼夜不停地光照，该植物生长的最适温度是___46___；每天交替12小时光照、12小时黑暗，该植物积累有机物最多的温度是___47___。（3）该实验的目的是___48___，在光下测定数据时烧杯内的液体是___49___（填“碳酸氢钠”或“氢氧化钠”）溶液。（4）为了防止光照引起装置内气体物理性膨胀或收缩所造成的误差，必须设置对照，并对实验结果进行校正。对照组应该如何设置？_____50_____。【答案】44.①.叶绿体的类囊体薄膜##类囊体薄膜②.有机物中的化学能45.①.25℃②.20℃46.①.研究温度对植物光合作用和细胞呼吸影响②.碳酸氢钠

3347.放置等量同样大小的死植株，其余保持相同【解析】【分析】图示装置可以用来测定光合速率与呼吸速率。表格中光照下O2释放量表示净光合速率，黑暗中O2吸收量表示呼吸速率。该实验的自变量是温度，因变量是净光合速率与呼吸速率。据此分析作答。【44题详解】植物光合作用过程中最初的能量转换为光反应中将光能转换为ATP中活跃的化学能，其场所是叶绿体的类囊体薄膜。暗反应中将ATP中活跃的化学能转换为有机物中稳定的化学能，因此能量的最终存在形式是有机物中的化学能。【45题详解】表格中光照下O2释放量为净光合作用速率，昼夜不停地光照，因此取光照下O2释放量最高值所对应的温度为该植物净光合作用速率最大时的温度，即生长的最适温度是25℃。黑暗中O2吸收量为呼吸作用速率，每天交替12小时光照、12小时黑暗，则考虑12小时的净光合作用和12小时的呼吸作用，两者之间的差值最大时，为该植物积累有机物最多时。根据表格可推出20℃时，两者之间的差值为1.82，与其他温度下的差值比较，20℃时最大，则该植物积累有机物最多的温度是20℃。【46题详解】据表格分析，该实验的自变量为温度，因变量为光照下O2释放量、黑暗中O2吸收量，则实验目的是研究温度对植物光合作用和细胞呼吸的影响。在光下测定的数据为光照下O2释放量即净光合速率，因此需要排除二氧化碳对实验的影响，由于氢氧化钠只能吸收环境中的二氧化碳，而碳酸氢钠可以维持环境中的二氧化碳浓度，则烧杯内的液体是碳酸氢钠溶液。【47题详解】为了防止光照引起装置内气体物理性膨胀或收缩所造成的误差，需要设置一个未进行呼吸作用、光合作用的装置，即装置中放置等量同样大小的死植株，其余保持相同。51.生物兴趣小组试图探究牛和山羊的瘤胃中的微生物对尿素是否有分解作用，设计了以下实验，并成功筛选到能降解尿素的细菌（目的菌）。培养基成分如表所示，实验步骤如图所示。请分析回答问题：KH2PO41.4gNa2HPO42.1gMgSO47H2O0.2g葡萄糖10g尿素1g

34琼脂15g溶解后蒸馏水定容到1000mL（1）本实验所使用的培养基按功能来分应为_________培养基。在饲料中添加尿素后，奶牛小肠总蛋白质增加60%-85%，其原因是___________________________。（2）用来筛选分解尿素细菌的培养基含有KH2PO4和Na2HPO4，其作用有_________________________。（3）实验是否需要振荡培养来提高溶氧量：______（填“是”或“否”），原因是______________。转为固体培养时，常采用___________法接种，获得单菌落后继续筛选。（4）若在稀释倍数为105的三个培养基中，菌落数分别是156、174、183，则每克内容物中尿素分解菌的数目为_______个。（5）分离分解尿素的细菌实验时，甲同学从培养基上筛选出大约150个菌落，而其他同学只选择出大约50个菌落。甲同学实验结果差异的原因可能有__________（填序号）。①取样不同          ②培养基污染        ③操作失误       ④没有设置对照（6）如果想要进一步鉴定筛选出来的细菌是尿素分解菌，还应该怎么做？_____________________。（7）为进一步确定取自瘤胃中液体的适当稀释倍数，将接种的培养皿放置在37℃恒温培养箱中培养24-48h，观察并统计具有红色环带的菌落数，结果见表，其中合理的稀释倍数为___________。稀释倍数103104105106107菌落数>5003672483618【答案】（1）①.选择②.能利用尿素的细菌能在该培养基上生长，不能利用尿素的细菌不能生长（2）为细菌生长提供无机盐，作为缓冲剂保持细胞生长过程中pH稳定（3）①.否②.瘤胃中的微生物多为厌氧菌，接触空气后会死亡③.

35平板划线法或稀释涂布平板（4）1．71×108（5）①②③（6）一是设置对照实验，用该培养基不接种样品观察；再配制一组完全培养基，接种该样品培养观察。二是最后要对该微生物进行鉴定，用酚红指示剂鉴定该微生物的菌落，看指示剂是否变红（7）106或105【解析】【分析】1、培养基选择分解尿素的微生物的原理：培养基的氮源为尿素，只有能合成脲酶的微生物才能分解尿素，以尿素作为氮源。缺乏脲酶的微生物由于不能分解尿素，缺乏氮源而不能生长发育繁殖，而受到抑制，所以用此培养基就能够选择出分解尿素的微生物。2、培养基的基本成分包括水、无机盐、碳源和氮源，此外还需要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求。3、微生物常见的接种的方法：①平板划线法：将已经熔化的培养基倒入培养皿制成平板，接种，划线，在恒温箱里培养。在线的开始部分，微生物往往连在一起生长，随着线的延伸，菌数逐渐减少，最后可能形成单个菌落。②稀释涂布平板法：将待分离的菌液经过大量稀释后，均匀涂布在培养皿表面，经培养后可形成单个菌落。4、选择培养基是在培养基中加入相应的特殊营养物质或化学物质，抑制不需要的微生物的生长，有利于所需微生物的生长。（1）【小问1详解】土壤中的部分细菌之所以能分解尿素，是因为他们能合成脲酶，尿素在脲酶的催化下可以分解成NH3和CO2，以尿素为唯一氮源的培养基具有选择作用是因为只有能合成脲酶的细菌才能利用尿素，能在该培养基上生长，不能利用尿素的细菌不能生长本实验所使用的培养基按功能来分应为选择培养基。【小问2详解】用来筛选分解尿素细菌的培养基含有KH2PO4和Na2HPO4，可以为细菌生长提供钾、钠、磷等无机营养，同时，二者构成缓冲对，作为缓冲剂保持细胞生长过程中pH稳定。【小问3详解】根据题意，目的菌为来自于牛和山羊的瘤胃中的微生物，因此，实验中不需要振荡培养来提高溶氧量，因为瘤胃中的微生物多为厌氧菌，接触空气后会死亡。转为固体培养时，为了获得单菌落，常采用平板划线法或稀释涂布平板法进行接种，获得单菌落后再继续筛选。【小问4详解】若在稀释倍数为105

36的三个培养基中，菌落数分别是156、174、183，平板上菌落数的平均值为（156+174+183）÷3=171，则每克内容物中尿素分解菌的数目为171÷0．1×105=1．71×108。【小问5详解】根据生物实验应遵循对照原则、等量原则、单一变量原则和控制无关变量原则，A同学的实验结果比其他同学多，可能是培养基污染造成的，还可能是A同学实验操作过程中污染造成的，也可能是与其他同学所取土壤样品不同造成的：①土样不同可能导致计数偏差，①正确；②培养基污染会导致菌落数增加，②正确；③操作失误可能增加微生物的数量和种类，菌落会增多，③正确；④没有设置对照不会增加菌落数目，④错误。因此，A同学的实验结果产生的原因可能是①②③。【小问6详解】微生物培养过程中，为了实验结果具有说服力，常需设置对照实验，用该培养基不接种样品观察；再配制一组完全培养基，接种该样品培养观察；另外，为了对分离的菌种进行进一步鉴定，还要用酚红指示剂鉴定该微生物的菌落，看指示剂是否变红。【小问7详解】在实际操作中，通常选用一定稀释范围的样品进行培养，以保证获得菌落数在30～300之间、适于技术的平板。由表可知，106或105倍的稀释比较合适。52.β-胡萝卜素是一种常用的食用色素，广泛用作食品、饮料、饲料的添加剂。还可以用于治疗夜盲症、干皮症等疾病。回答下列问题。（1）夜盲症是机体缺乏维生素A导致的，β一胡萝卜素具有治疗夜盲症的功能，由此推测β-胡萝卜素的作用机理可能是_____________________________________________。（2）胡萝卜中富含β-胡萝卜素，从胡萝卜中提取胡萝卜素的流程如下。胡萝卜→粉碎-干燥→A→过滤→B→胡萝卜素①该流程中“A”和“B”步骤分别表示_______________。②该流程中“B”步骤经冷凝管冷却后收集的是______________(填β-胡萝卜素或萃取剂)。（3）酵母菌中有些菌株(A菌)能产生β-胡萝卜素，与固体培养基相比，液体培养基更有利于A菌的生长繁殖，原因是_________________________________。（4）将收集的A菌菌体处理后，然后用有机溶剂萃取β-胡萝卜素。选用氯仿和石油醚而不选用乙醇和丙酮进行萃取，不选用乙醇和丙酮的原因是_________________。（5）若用固定化酶技术固定A菌，和一般的发酵相比，其优点是________，且利于产物的纯化；固定化A菌细胞常用________法。鉴定A菌代谢产物中是否含有β-胡萝卜素的方法叫_________。【答案】①.β-胡萝卜素在人体内可以转化成维生素A②.萃取、浓缩③.萃取剂④.菌体与液体培养基接触更充分，利于菌体获取营养⑤.乙醇和丙酮为水溶性有机溶剂，与水混溶⑥.可重复利用⑦.包埋⑧.纸层析法

37【解析】【分析】1、胡萝卜素是橘黄色结晶，化学性质比较稳定，不溶于水，微溶于乙醇，易溶于石油醚等有机溶剂。2、提取天然胡萝卜素的方法主要有：一是从植物中提取；二是从大面积养殖的岩藻中获得；三是利用微生物的发酵生产。提取流程为：胡萝卜→粉碎→干燥→萃取（石油醚）→过滤→浓缩→胡萝卜素→鉴定（纸层析法）。【详解】（1）一分子β-胡萝卜素在人体内可以转化成两分子维生素A，可用于治疗机体因缺乏维生素A而导致的夜盲症。（2）①根据分析可知，该流程中“A”和“B”步骤分别表示萃取、浓缩。②胡萝卜素的挥发性差，而有机溶剂易挥发，所以该流程中“B”步骤经冷凝管冷却后收集的是萃取剂。（3）液体培养基由于菌体与培养基接触充分，利于菌体获取营养，相比固体培养基更有利于其生长繁殖。（4）萃取胡萝卜素的有机溶剂应该具有较高的沸点，能够充分溶解胡萝卜素，并且不与水混溶，乙醇和丙酮为水溶性有机溶剂，与水混溶，因此萃取β-胡萝卜素时不选用乙醇和丙酮。（5）固定化酶技术固定的A菌，和一般的发酵相比，其优点是可重复利用，且利于产物的纯化。固定化A菌细胞常用包埋法固定化。β-胡萝卜素的鉴定方法是纸层析法。