安徽省安庆市第一中学2022-2023学年高一下学期第一次月考生物 Word版含解析

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安徽省安庆市第一中学2022-2023学年高一下学期第一次月考生物试卷一、选择题：本题共20小题，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.水稻的花为两性花（即一朵花中既有雄蕊，也有雌蕊），玉米的花为单性花（即一朵花中只有雄蕊或雌蕊）。下列有关植物人工异花传粉的说法，正确的是（　　）A.对水稻进行杂交时需要对父本进行去雄B.对玉米进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋C.无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要套袋D.无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要去雄【答案】C【解析】【分析】两性花进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋。单性花进行杂交的基本操作程序是套袋→授粉→套袋。【详解】A、对水稻（两性花）进行杂交需要对母本进行去雄，防止其自交而影响实验结果，A错误；B、对玉米（单性花）进行杂交时，不需要进行去雄操作，B错误；C、无论是水稻还是玉米，在杂交过程中都需要套袋，以防止外来花粉干扰，C正确；D、玉米是单性花，杂交时不需要去雄，D错误。故选C。2.孟德尔选用豌豆作为遗传实验的材料获得了成功，主要原因之一是（　　）A.豌豆花瓣小，便于分离，有利于进行人工授粉B.豌豆的不同性状之间有明显的差异性，便于区分和统计C.豌豆开花前就已经完成了受粉，自然情况下一般都是纯种D.豌豆雌蕊的柱头只能接受本植株的花粉，无法进行人工授粉【答案】C【解析】【分析】豌豆作为遗传学实验材料容易取得成功的原因是：（1）豌豆是严格的自花、闭花授粉植物，在自然状态下一般为纯种；（2）豌豆具有多对易于区分的相对性状，易于观察；（3）豌豆的花大，易于操作；（4）豌豆生长期短，易于栽培。

1【详解】A、豌豆的花大，易于操作，A错误；B、豌豆具有多对易于区分的相对性状，易于区分、观察和统计，B错误；C、豌豆是严格的自花、闭花授粉植物，开花前就已经完成了受粉，自然情况下一般都是纯种，C正确；D、豌豆雌蕊的柱头可接受其植株的花粉和本植株的花粉，D错误。故选C。3.下列关于显性性状的叙述，错误的是（）A.杂合子表现出的性状是显性性状B.具有显性性状的个体可能是纯合子C.具有显性性状的个体自交，后代一定会发生性状分离D.显性性状是受显性遗传因子控制的【答案】C【解析】【分析】显性性状是显性遗传因子控制的性状，隐性性状是由隐性遗传因子控制的性状，当显性性状对隐性性状是完全显性时，杂合子表现出显性性状。【详解】A、杂种F1是杂合子，杂合子表现出的性状是显性性状，A正确；B、具有显性性状的个体可能的显性纯合子，也可能是杂合子，B正确；C、具有显性性状的纯合子自交后代全是纯合子，不发生性状分离，C错误；D、显性性状是显性遗传因子控制的性状，隐性性状是由隐性遗传因子控制的性状，D正确。故选C。4.在模拟孟德尔杂交实验的活动中，将2个分别写好“雌”“雄”的信封内均装入“绿y”和“黄Y”的卡片各10张，分别从“雌”“雄”的信封中各随机取出1张卡片，下列有关叙述正确的是（）A.“雌”“雄”信封内的卡片总数必须相同B.取出卡片记录后要放回原信封内C.“绿y”和“黄Y”卡片形状可以不同D.模拟F1雌雄配子的随机结合【答案】B【解析】【分析】本题考查了性状分离比，该过程是模拟了性状分离。信封代表雌雄生殖器官，信封内的卡片代表配子。【详解】A、“雌”“雄”信封中的卡片总数不一定相同，只要保证每个信封中两种卡片的数量相等即可，A错误；B、取出的卡片记录后要放回去，否则会影响两种卡片的比例，从而影响实验结果，B正确；C、“绿y”和“黄Y”卡片形状要一致，否则会影响抓取结果，从而影响实验结果，C错误；

2D、分别从“雌”“雄”的信封中各随机取出1张卡片，模拟的是减数分裂形成配子的过程；将取出的卡片组合在一起，模拟的是F1雌雄配子的随机结合，D错误。故选B。5.番茄的红果对黄果是显性，现让纯合的红果番茄与黄果番茄杂交，得F1，F1自交得F2，现让F2中的红果番茄自交，试问，其后代中杂合子占多少？（）A.3/4B.4/9C.1/9D.1/3【答案】D【解析】【分析】基因分离定律的实质：在杂合子的细胞中，位于一对同源染色体上的等位基因，具有一定的独立性；生物体在进行减数分裂形成配子时，等位基因会随着同源染色体的分开而分离，分别进入到两个配子中，独立地随配子遗传给后代。【详解】假设控制果实的颜色由A、a控制，纯合的红果番茄与黄果番茄杂交得F1，F1的基因型都为Aa，F1自交得F2，F2红果为AA：Aa，比例为1：2，所以F2的红果番茄自交，即1/3AA自交，后代全部为AA，2/3的Aa自交，后代杂合子Aa占2/3×1/2=1/3，ABC错误，D正确。故选D。6.辣椒抗病（B）对不抗病（b）为显性，基因型为BB的个体花粉败育，不能产生正常花粉。现将基因型为Bb的辣椒植株自由交配两代获得F2。F2中抗病与不抗病植株的比例和花粉正常与花粉败育植株的比例分别为（）A.5：12：1B.2：15：1C.2：17：1D.1：15：1【答案】B【解析】【分析】基因分离定律的实质是杂合子在产生配子的过程中等位基因随同源染色体的分开而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立地遗传给后代。【详解】基因型为Bb的辣椒植株自由交配，F1为BB∶Bb∶bb＝1∶2∶1，其中BB花粉败育，F1产生的雌配子为1/2B、1/2b，雄配子为1/3B、2/3b，所以F2中不抗病植株的比例为1/2×2/3＝1/3，抗病占2/3；花粉败育植株的比例为1/2×1/3＝1/6，正常占5/6，ACD错误，B正确。故选B。7.已知金鱼草的花色由一对等位基因控制，用纯合红花金鱼草与纯合白花金鱼草杂交，F1表现为粉花。下列表述错误的是（）A.金鱼草红花与白花的显隐性关系为不完全显性B.F1自交结果仍然支持孟德尔遗传定律

3C.F1自交，所得后代的性状分离比为红花∶白花=3∶1D.F1与红花或白花植株杂交，所得后代性状表现类型之比均为1∶1【答案】C【解析】【分析】不完全显性：具有一对相对性状的两个纯合亲本杂交，F1的性状表现介于显性亲本和隐性亲本之间，这样显性表现叫作不完全显性。不完全显性时，F2的性状分离比不是3：1，而是1：2：1。【详解】A、用纯合红花金鱼草与纯合白花金鱼草杂交，F1代应该是杂合子，而表现为粉花，说明金鱼草红花与白花的显隐性关系为不完全显性，A正确；B、F1代自交结果仍然支持孟德尔遗传定律，B正确；C、F1杂合子自交后代性状分离比为红花：粉花：白=1：2：1，C错误；D、F1代与红花或白花植株杂交，后代有两种基因型，表现为不同的性状，所以后代性状分离比均为1：1，D正确。故选C。8.对孟德尔纯种黄色圆粒豌豆和绿色皱粒豌豆杂交实验结果的叙述中，正确的是（）A.F1能产生4种比例相同的雌配子和雄配子B.F2圆粒和皱粒之比接近于3：1，与分离定律相符C.F2出现4种遗传因子组成D.F2出现4种性状表现且比例为9：3：3：1【答案】ABD【解析】【分析】孟德尔两对相对性状的杂交实验：纯种黄色圆粒豌豆（YYRR）×纯种绿色皱粒豌豆（yyrr）→F1均为黄色圆粒（YyRr）→自交→F2中表现型及比例为黄色圆粒（Y_R_）：黄色皱粒（Y_rr）：绿色圆粒（yyR_）：绿色皱粒（yyrr）=9：3：3：1。【详解】A、F1（YyRr）能产生4种比例相同的雌配子和雄配子，即YR、Yr、yR、yr，A正确；B、F2中圆粒和皱粒之比较近于3：1，黄色与绿色之比也接近于3：1，与分离定律相符，B正确；C、F2出现9种遗传因子组成的个体，C错误；D、F2出现4种性状表现：黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒和绿色皱粒，且比例为9：3：3：1，D正确。故选ABD。9.下列有关生物遗传的叙述，正确的是（　　）A.基因型相同的生物，其表型一定相同

4B.隐性性状是指孟德尔杂交实验中F1未表现出来的性状C.若后代的表型数量比接近1：1：1：l，则两个亲本的基因型一定为DdTt和ddttD.孟德尔的杂交实验中，若要实现3：1的分离比，F1形成的雌、雄配子应数目相等且生活力相同【答案】B【解析】【分析】表型与基因型：①表型：指生物个体实际表现出来的性状．如豌豆的高茎和矮茎；②基因型：与表型有关的基因组成．如高茎豌豆的基因型是DD或Dd，矮茎豌豆的基因型是dd。【详解】A、基因型相同的生物表现型可能不同，生物的性状还受环境的影响，A错误；B、隐性性状是指孟德尔豌豆杂交实验中F1未表现出来的性状，B正确；C、若两亲本杂交后代表现型数量之比为1：1：1：1，则两亲本基因型不一定是DdTt和ddtt，也可能是Ddtt和ddTt，C错误；D、F1形成的雌雄配子数目不等，一般情况下，雄配子数多于雌配子，D错误。故选B。10.人类多指（T）对正常指（t）为显性，白化（a）对皮肤正常（A）为隐性，且这两对等位基因独立遗传。一个家庭中，父亲多指、皮肤正常，母亲手指、皮肤均正常，他们生有一个患白化病但手指正常的孩子。下列叙述错误的是（）A.该家庭中父亲和母亲的基因型分别是TtAa、ttAaB.该对夫妇再生育一个正常男孩的概率是3/16C.该对夫妇再生育一个女孩，患病的概率是5/16D.该对夫妇再生育一个男孩只患一种病的概率是1/2【答案】C【解析】【分析】由题意知，该家庭中，父亲多指，但是没有白化病，基因型为A_T_，母亲正常，基因型为A_tt，他们生有白化病但是手指正常的孩子，该孩子的基因型是aatt，因此该对夫妻的基因型分别是AaTt、Aatt，由于决定不同性状的基因自由组合，因此可以用分离定律解决后代患病概率的计算，对于多指这对性状而言，患多指（T-）=1/2，则不患多指（tt）=1/2；对于白化病这对性状而言，患白化病（aa）=1/4，则不患白化病（A-）为3/4。【详解】A、通过分析可知，该家庭中父亲和母亲的基因型分别是TtAa、ttAa，A正确；B、该对夫妇再生育一个正常男孩的概率是A_tt=3/4×1/2×1/2＝3/16，B正确；C、该对夫妇再生育一个女孩，患病的概率是1-不患病=1-1/2×3/4=5/8，C错误；D、该对夫妇再生育一个男孩只患一种病的概率是aatt+A_Tt=1/4×1/2+3/4×1/2＝1/2，D正确。

5故选C。11.某雌雄同株植物的花色性状形成的代谢途径如下图所示，两对基因位于两对同源染色体上。将基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，F1自交到F2的表现型及比例为（）A.紫色：红色：白色=9：3：4B.紫色：红色：白色=9：4：3C.紫色：白色=15：1D.紫色：红色=15：1【答案】A【解析】【分析】题图分析，白花的基因型为aa_，红花的基因型为A_bb，紫花的基因型为A_B_，据此答题。【详解】两对基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律。基因型为AABB的个体与基因型为aabb的个体杂交得到F1，其基因型AaBb，F1自交后代的基因型及其比例为A_B_：A_bb：aaB_：aabb=9：3：3：1，表现性及其比例为紫色：红色：白色=9：3：4，A正确，BCD错误。故选A。12.下列关于遗传学中相关概念的叙述不正确的是（　　）A.性状是指生物的形态、结构和生理生化等特征B.豌豆的自花传粉和玉米的同株异花传粉都属于自交C.由不同基因的配子结合成的合子发育的个体，叫杂合子D.表现型指具有生物个体所表现出来的性状特征的总和，仅由基因型决定【答案】D【解析】【分析】1、相对性状是指同一生物同种性状的不同表现类型，具有相对性状的亲本杂交，F1表现出来的性状是显性性状，未表现出的性状是隐性性状。2、性状分离是指让具有一对相对性状的亲本杂交，F1全部个体都表现显性性状，F1自交，F2个体大部分表现显性性状，小部分表现隐性性状的现象。3、杂合子是指遗传基因组成不同的个体，如Aa，其特点是杂合子自交后代出现性状分离现象。4、基因型是指生物个体的基因组成，生物的表现型由基因型决定，同时受到环境的影响。【详解】A、性状是指生物的形态结构、生理功能、生理生化等特征的总称，有显性性状和隐性性状之分，A正确；

6B、豌豆的自花传粉和玉米的同株异花传粉都属于自交，基因型相同的个体间的交配属于自交，B正确；C、由不同基因的配子结合成的合子发育成的个体，叫做杂合子，杂合子为个体水平上的概念，C正确；D、表现型指具有生物个体所表现出来的性状特征的总和，由基因型决定，同时还会受到环境的影响，D错误。故选D。13.有些植物的花为两性花，有些植物的花为单性花。下列有关植物杂交的叙述中，正确的是（　　）A.对两性花的植物进行杂交，需要对父本进行去雄B.对单性花的植物进行杂交的基本操作程序是去雄→套袋→授粉→套袋C.无论是两性花植物还是单性花植物，在杂交过程中都需要套袋D.提供花粉的植株称为母本【答案】C【解析】【分析】1、对于两性花，人工异花授粉过程为：去雄（在花蕾期去掉雄蕊）→套上纸袋→人工异花授粉（待花成熟时，采集另一株植株的花粉涂在去雄花的柱头上）→套上纸袋。2、对于单性花，人工异花授粉过程为：套上纸袋→人工异花授粉（待花成熟时，采集另一株植株的花粉涂在去雄花的柱头上）→套上纸袋。【详解】A、对两性花的植物进行杂交需要对母本进行去雄，防止其自交而影响实验结果，A错误；B、对单性花的植物进行杂交时，不需要进行去雄操作，B错误；C、无论是两性花植物还是单性花植物在杂交过程中都需要套袋，以防止外来花粉干扰，C正确；D、提供花粉的植株称为父本，D错误。故选C。14.孟德尔通过豌豆杂交实验揭示了遗传的基本规律，下列叙述正确的是（）A.通过测交能推断一对相对性状的显隐关系B.F1自交时，产生的雌雄配子数量相等C.F1自交时，雌、雄配子结合的机会相等D.孟德尔在杂交与测交实验的基础上，对分离现象的原因提出了假说【答案】C【解析】【分析】孟德尔一对相对性状的杂交试验中，实现3：1的分离比必须同时满足的条件是：F1形成的配子数目相等且生活力相同，雌、雄配子结合的机会相等；F2

7不同的基因型的个体的存活率相等；等位基因间的显隐性关系是完全的；观察的子代样本数目足够多。【详解】A、在一对相对性状中区分显隐性，可以杂交法或自交法，测交常被用来检测是否是纯合子，A错误；B、F1形成配子时，雄配子的数量远远多于雌配子，B错误；C、F1自交时，雌雄配子结合的机会相等，保证配子的随机结合，C正确；D、孟德尔在杂交实验的基础上，对分离现象的原因提出了假说，并通过测交实验进行验证，D错误。故选C。15.一豌豆杂合子（Aa）植株自交时，下列叙述错误的是（　　）A.若后代遗传因子组成比例为2：3：1，可能是含有隐性遗传因子的花粉50%的死亡造成B.若后代遗传因子组成比例为2：4：1，可能是隐性个体有50%的死亡造成C.若后代遗传因子组成比例为4：4：1，可能是含有隐性遗传因子的配子有50%死亡造成D.若后代遗传因子组成比例为2：2：1，可能是花粉有50%的死亡造成【答案】D【解析】【分析】基因分离定律的实质：进行有性生殖的生物在进行减数分裂产生配子的过程中，位于同源染色体上的等位基因随同源染色体分离而分离，分别进入不同的配子中，随配子独立遗传给后代，按照分离定律，基因型为Aa的个体产生的配子的类型及比例是A：a=1：1，如果产生的配子都可育、且受精卵发育成个体的机会均等，自交后代的基因型及比例是AA：Aa：aa=1：2：1。【详解】A、若含有隐性基因的花粉50%死亡,则Aa产生的雌配子为1/2A、1/2a，雄配子为2/3A、1/3a,自交后代基因型比例为2：3：1,A正确；B、若隐性个体aa有50%死亡,则Aa自交后代中AA：Aa：aa=1：2：1/2=2：4：1,B正确；C、若含有隐性遗传因子的配子有50%死亡造成，则Aa产生的雌配子和雄配子的基因型及比例均为2/3A、1/3a,自交后代基因型比例为4：4：1,C正确；D、若花粉有50%死亡，则Aa产生的雄配子的类型及比例仍然为A∶a＝1：1，Aa产生的雌配子的类型及比例为A：a＝1：1，故自交后代遗传因子组成及比例为AA∶Aa∶aa＝1：2：1，D错误。故选D。16.如图为遗传因子组成为AaBb的个体进行有性生殖的过程图解，下列有关说法正确的是（）A.分离定律发生在①过程，自由组合定律发生在②过程

8B.雌雄配子结合方式有9种，子代遗传因子组成有9种C.F1中杂合子所占比例为4/16D.F1中不同于亲本性状表现的个体占全部子代个体的7/16【答案】D【解析】【分析】根据题意和图示分析可知：由于基因型为AaBb的个体在进行有性生殖时能产生4种配子，说明两对基因分别位于两对同源染色体上，所以遵循基因的自由组合定律。图中①过程表示减数分裂形成配子；②过程表示雌雄配子随机结合产生后代。【详解】A、基因的分离定律和基因的自由组合定律都发生在①减数分裂产生配子的过程中，A错误；B、雌雄配子各有4种，所以雌雄配子结合方式有16种，子代遗传因子组成有9种，B错误；C、亲本为AaBb，子代纯合子为1/2×1/2=1/4，则杂合子为3/4，C错误；D、亲本为AaBb，F1中与亲本性状表现相同的占3/4×3/4=9/16，则不同于亲本性状表现的个体占全部子代个体的7/16，D正确。故选D。17.用具有两对相对性状的纯种豌豆作亲本杂交，F1全是黄色圆粒豌豆（YyRr），F1自交产生F2．下列叙述错误的是（　　）A.F2黄色皱粒个体的遗传因子组成有2种B.F2中纯合子和杂合子的比例为1∶3C.F2中重组性状所占比例为3/8D.F2黄色圆粒豌豆中纯合子占1/9【答案】C【解析】【分析】基因自由组合定律的实质是：位于非同源染色体上的非等位基因的分离或自由组合是互不干扰的；在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。题意分析，用具有两对相对性状的纯种豌豆作亲本杂交，F1全是黄色圆粒豌豆（YyRr），则亲本的基因型为YYRR和yyrr或者是YYrr和yyRR。【详解】A、F1全是黄色圆粒豌豆（YyRr），由于两对基因独立遗传，因此，F1自交产生的F2中表现为黄色皱粒个体的基因型为Yyrr和YYrr，A正确；B、F1基因型为YyRr，自交产生的F2中纯合子（1/16YYRR、1/16yyRR、1/16YYrr、1/16yyrr）和杂合子（4/16YyRr、2/16yyRr、2/16Yyrr、2/16YYRr、2/16YyRR）的比例为1∶3，B正确；

9C、题中亲本的组合有两种情况，即黄色圆粒（YYRR）×绿色皱粒（yyrr）或黄色皱粒（YYrr）×绿色圆粒（yyRR），因此F2中重组类型的比例为3/8（黄色皱粒和绿色圆粒）或5/8（黄色圆粒和绿色皱粒），C错误；D、F2黄色圆粒豌豆有四种基因型（1/16YYRR、2/16YYRr、2/16YyRR和4/16YyRr），可见纯合子（YYRR）的比例为1/9，D正确。故选C。18.某单子叶植物的花粉非糯性(A)对糯性(a)为显性，抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝色，糯性花粉遇碘液变棕色。现有四种纯合子，它们的基因型分别为①AATTdd、②AAttDD、③AAttdd、④aattdd。下列说法正确的是（）A.若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本①和③杂交B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本①和②、①和④杂交C.若培育糯性抗病优良品种，应选择亲本①和④杂交D.将②和④杂交所得F1的花粉直接于显微镜下观察，预期结果有四种，比例为1：1：1：1【答案】C【解析】【分析】1、采用花粉鉴定法验证基因的分离定律：一、可选择F1代（基因型为Aa____）的花粉，滴加碘液，在显微镜下观察蓝色花粉:棕色花粉=1:1。二、可选择F1代（基因型为____Dd）的花粉，在显微镜下观察长形花粉:圆形花粉=1:1。2、采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可选择F1代（基因型为Aa__Dd）的花粉， 滴加碘液，在显微镜下观察蓝色长形:蓝色圆形:棕色长形:棕色圆形=1:1:1:1。【详解】A、若采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择亲本①或②或③和④杂交所得F1代的花粉，A错误；B、若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本②和④杂交所得F1代的花粉，B错误；C、若培育糯性抗病优良品种，应选用①和④亲本杂交，C正确；D、将②和④杂交后所得的F1的花粉应用碘液染色后涂在载玻片上，置于显微镜下观察，预期结果有4种，比例为1:1:1:1，D错误。故选C。19.在家蚕的遗传中，黑色（A）与淡赤色（a）是有关蚁蚕（刚孵化的蚕）体色的相对性状，黄茧（B）与白茧（b）是有关茧色的相对性状，假设这两对相对性状自由组合，有三对亲本组合，杂交后得到的数量比如表所示，下列说法不正确的是（）

10组别黑蚁黄茧黑蚁白茧淡赤蚁黄茧淡赤蚁白茧组合一9331组合二0101组合三3010A.组合一亲本一定是AaBb×AaBbB.组合三亲本可能是AaBB×AaBBC.若组合一和组合三亲本杂交，子代表型及比例与组合三的相同D.组合二亲本一定是Aabb×aabb【答案】C【解析】【分析】根据题意和图表分析可知：组合一：根据后代性状比为黑蚁：淡赤蚁=3：1；黄茧：白茧=3：1，说明了双亲控制两对相对性状的基因组合均为杂合体，即双亲组合基因型AaBb、AaBb；组合二：根据后代性状比为黑蚁：淡赤蚁=1：1；后代只有白茧一种性状，说明了双亲控制体色基因组合是Aa、aa，而茧色只有一种基因组合：bb，即双亲组合基因型Aabb、aabb；组合三：根据后代性状比为黑蚁：淡赤蚁=3：1，说明了双亲控制体色基因组合均是Aa；而茧色全为黄色说明了双亲之一必为纯合体BB，由此可推知双亲的基因组合为AaBB、AaBB或AaBB、AaBb或AaBB、Aabb。【详解】A、由于组合一后代性状比为黑蚁：淡赤蚁=3：1，黄茧：白茧=3：1，杂交后代比例为9：3：3：1，所以两亲本的基因型一定是AaBb×AaBb，A正确；B、组合三杂交后代只有黄茧，且黑蚁与淡赤蚁的比例为3：1，所以亲本为AaBB×AaBB或AaBb×AaBB或AaBB×Aabb，B正确；C、由于组合一的亲本是AaBb，而组合三亲本有多种可能，所以组合一和组合三亲本杂交，子代表现型及比例与组合三的不完全相同，只有组合一和组合三中AaBB杂交，子代表现型及比例才与组合三的相同，C错误；D、组合二后代性状比为黑蚁：淡赤蚁=1：1，且只有白茧一种性状，所以亲本一定是Aabb×aabb，D正确。故选C。20.柑橘的果皮色泽同时受多对等位基因（用A、a；B、b；C、c

11等表示）控制，当个体的基因型中每对等位基因都至少含有一个显性基因时表现为红色，当个体的基因型中每对等位基因都不含显性基因时表现为黄色，其余表现为橙色。现用三株柑橘进行如下甲、乙两组杂交实验。实验甲：红色×黄色→红色∶橙色∶黄色=1∶6∶1；实验乙：橙色×红色→红色∶橙色∶黄色=3∶12∶1。据此分析下列叙述不正确的是（）A.果皮的色泽受3对等位基因的控制B.实验甲亲、子代中红色果皮植株的基因型相同C.实验乙橙色亲本有3种可能的基因型D.若实验乙中橙色亲本的基因型已确定，则橙色子代有10种基因型【答案】D【解析】【分析】由于黄色是隐性纯合子，根据甲中测交后代红色：橙色∶黄色=1∶6∶1，推测该性状至少受3对等位基因控制，故红色的基因型为A-B-C-，黄色的基因型为：aabbcc，橙色可能的基因型为：A_B_cc，aabbC_等。【详解】A、根据题意分析可知，实验甲中红色×黄色→红色：橙色∶黄色=1∶6∶1，相当于测交，说明果皮的色泽受3对等位基因控制，遵循基因的自由组合定律，A正确；B、根据以上分析可知，实验甲的亲本基因型组合为AaBbCc×aabbcc，则子代红色果皮植株的基因型也是AaBbCc，B正确；C、实验乙中橙色×红色→红色∶橙色∶黄色=3∶12∶1，由于后代出现了黄色果皮（1/16aabbcc），且红色亲本基因型为AaBbCc，故亲本相当于一对杂合子自交、两对杂合子测交，则橙色亲本有三种可能的基因型，分别为：Aabbcc、aaBbcc或aabbCc，C正确；D、根据以上分析可知，实验乙中若橙色亲本的基因型已确定，如Aabbcc，则子代的基因型一共有3×2×2=12（种），其中红色子代有2种基因型，黄色的基因型有1种，橙色子代有12-1-2=9种基因型，D错误。故选D。【点睛】本题的难点在于如何确定基因数目，即根据甲组测交后代中，黄色即隐性性状占1/8可知，该性状受3对等位基因的控制。二、非选择题：本题共5小题。21.研究发现基因家族存在一种“自私基因”，该基因可通过杀死不含该基因的配子来扭曲分离比例。若A基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内一半不含该基因的雄配子。某基因型为Aa的植株自交获得的F1中红花（AA）：粉红花（Aa）：白花（aa）=2：3：1，F1中个体随机受粉产生F2。（1）控制该植株花色性状的等位基因遵循的遗传规律是____________。

12（2）Aa植株产生雄配子的基因型及比例为____________，雌配子为____________。（3）F1植株产生雄配子的基因型及比例是____________，雌配子为____________。（4）F2中红花：粉红花：白花是____________。【答案】（1）基因分离定律（2）①.A：a=2：1②.A：a=1︰1（3）①.A：a=2：1②.A：a=7：5（4）14：17：5【解析】【分析】据题意可知，A基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内一半不含该基因的雄配子（即含a基因的雄配子一半死亡），但对雌配子没有影响。因此某基因型为Aa的植株自交时，雌配子为A：a=1：1，雄配子中A：a=2：1，因此后代红花（AA）：粉红花（Aa）：白花（aa）=2：3：1，据此作答。【小问1详解】控制该植株花色性状的等位基因遵循的遗传规律是基因分离定律，属于基因分离定律中的异常现象-致死现象。【小问2详解】据题意可知，A基因是一种“自私基因”，在产生配子时，能杀死体内一半不含该基因的雄配子（即含a基因的雄配子一半死亡），但对雌配子没有影响，因此Aa植株产生雄配子的基因型及比例为A：a=2：1，雌配子为A：a=1︰1。【小问3详解】F1植株中红花（AA）：粉红花（Aa）：白花（aa）=2：3：1，因为雌配子不受自私基因的影响，因此产生的A=2/6+3/6×1/2=7/12，a=1-7/12=5/12，即A：a=7：5；因为红花AA只能产生A配子，即产生A概率为2/6，粉花中自私基因A能杀死体内一半不含该基因的雄配子（即含a基因的雄配子一半死亡），因此产生3/12A和3/12a（一半存活，一半致死），白花能产生2/12a，因此雄配子为7/12A、7/24a（存活）、7/24a（致死），即存活的雄配子为A：a=2：1。【小问4详解】据第三问可知，F1植株产生的雄配子为A：a=2：1，雌配子A：a=7：5，因此F2中红花AA=2/3×7/12=14/36，Aa=1/3×7/12+2/3×5/12=17/36，aa=1/3×5/12=5/36，即红花：粉红花：白花是14：17：5。【点睛】本题考查基因分离定律中异常现象分析的相关知识，意在考查学生的分析判断能力和计算能力，运用所学知识综合分析问题的能力。

1322.西葫芦是一年生雌雄同株植物，开单性花。其果实的黄皮与绿皮为一对相对性状，控制该性状的基因为Y、y；另有一对基因（T、t）也与西葫芦的皮色表现有关，相关基因影响色素合成，使果实表现为白皮。研究小组选择纯合的白皮西葫芦和绿皮西葫芦为亲本杂交，F1全部表现为白皮，F1自交获得F2，F2中白皮：黄皮：绿皮=12：3：1。请分析回答下列问题：（1）该实验中，亲本白皮西葫芦和绿皮西葫芦的基因型分别为____________。实验过程中，对母本进行的操作为____________。（2）F2中白皮西葫芦的基因型有____________种，其中能稳定遗传的个体所占比例为____________。（3）若表现型为白皮和绿皮的两个亲本杂交。子代表现型及比例为白皮：黄皮：绿皮=2：1：1。则两个亲本的基因型为____________。（4）欲鉴定F2中的黄皮西葫芦是否为纯合子，并使该纯合性状稳定遗传给下一代，请写出实验方案，并分析实验结果。实验方案：_________________________；预期实验结果：____________________________________________。【答案】（1）①.YYTT、yytt②.给未成熟的雌花套袋，待雌花成熟后进行人工授粉，再套袋（2）①.6②.1/6（3）YyTt和yytt（4）①.实验方案：让F2中黄皮西葫芦个体分别自交，观察后代的性状表现②.预期实验结果：若后代不发生性状分离，则亲本为纯合子，否则亲本为杂合子；纯合亲本的自交后代也是纯合子，纯合性状得以稳定遗传【解析】【分析】分析题意可知：F2中分离比为12∶3∶1，是“9∶3∶3∶1”的变式，说明黄皮与绿皮这一对相对性状是由两对等位基因控制的，且这两对等位基因的遗传遵循基因自由组合定律，F1的基因型为YyTt。由题意“另有一对基因(T、t)也与西葫芦的皮色表现有关，相关基因影响色素合成，使果实表现为白皮”，根据子二代白色的∶有色的=3∶1，说明T存在时表现为白色。即白色的基因型为__T_，有Y无T时表现为黄皮，其基因型为Y_tt；无Y和T时表现为绿皮，其基因型为yytt。【小问1详解】F2的性状分离比白皮∶黄皮∶绿皮=12∶3∶1，说明F1的基因型为YyTt，且绿皮的基因型为yytt，因此亲本的基因型为YYTT×yytt。实验过程中，为防止同一植株的雄蕊为雌蕊授粉，需要给母本未成熟的雌花套袋，并待雌花成熟后进行人工授粉，再套袋。【小问2详解】F2

14中白皮西葫芦__T_的基因型有3×2=6种，其中纯合子为YYTT、yyTT，所占白皮西葫芦的比例为（1/4×1/4+1/4×1/4）÷（12/16）=1/6。【小问3详解】若表现型为白皮（__T_）和绿皮（yytt）的两个亲本杂交。子代表现型及比例为白皮：黄皮：绿皮（yytt）=2：1：1，属于测交，则两个亲本的基因型为YyTt和yytt。【小问4详解】黄皮西葫芦基因型为YYtt、Yytt，欲鉴定其基因型，可让F2中黄皮西葫芦个体分别自交，观察并统计子代表现型和比例；若亲本为纯合子，则自交后代不发生性状分离，均为黄皮个体；若亲本为杂合子，则自交后代会出现绿皮个体。由于纯合亲本的自交后代也是纯合子，从而使纯合性状得以稳定遗传。23.少数生物存在某些基因型的受精卵不育或配子不育现象，某两性花植物的花色由A/a控制，红花植株自交后代总是呈现红花白花各一半。试回答下列问题：（1）_________是显性性状，子代红花中杂合子的比例是_________。（2）根据红花植株自交结果推测，可能是_________不育。试设计两组杂交实验验证你的推测。（写出实验亲本组合，预期结果并得出结论）杂交实验一_________，杂交实验二_________若_________，则说明。若_________，则说明。【答案】（1）①.红花②.1（2）①.含红花基因（A基因）的雄配子或雌配子②.实验一：红花作父本，白花作母本③.实验二：红花作母本，白花作父本④.若实验一子代全白花，实验二子代红花白花各一半，说明含A基因的雄配子不育⑤.若实验一子代红花白花各一半，实验二子代全白花，说明含A基因的雌配子不育【解析】【分析】分析题干，红花植株自交后代总是呈现红花白花各一半，由此可知，红花为显性，白花为隐性。【小问1详解】红花植株自交后代总是呈现红花白花各一半，由此可知，红花为显性，白花为隐性，并且亲本红花植株为杂合子，说明不存在纯合红花植株，故子代红花中杂合子的比例是1。小问2详解】

15根据红花植株自交结果推测，可能是含红花基因（A基因）的雄配子或雌配子不育。可以通过正反交实验验证此推测，即实验一红花作父本，白花作母本进行杂交，实验二红花作母本，白花作父本杂交，若实验一子代全白花，实验二子代红花白花各一半，说明含A基因的雄配子不育，若实验一子代红花白花各一半，实验二子代全白花，说明含A基因的雌配子不育。24.家兔的毛色由两对基因决定。A、a是控制颜色分布的基因，A基因控制颜色分布不均匀，体色均为野鼠色，a基因控制颜色分布均匀，体色表现为具体颜色。B、b为控制颜色的基因，B基因控制黑色，b基因控制褐色。用纯系亲本进行杂交实验，结果如下。分析回答：（1）野鼠色兔的基因型有_________种。（2）实验一中，F2野鼠色兔中纯合子占_________，F1与褐色兔杂交，其后代表现型及比例为___________。（3）实验二中，Fl黑色兔基因型为___________，F2黑色兔自由交配，产生的后代中黑色兔占__________。（4）实验二F2代中一只黑色雄兔与实验三F2代中—只野鼠色雌兔进行杂交，产生的后代中黑色兔占______。（5）现有一只野鼠色兔，可否通过测交实验来检测其是否纯合？简要说明理由________________________。【答案】①.6②.1/6③.野鼠色兔：黑色兔：褐色兔=2:1:1④.aabb⑤.8/9⑥.1/3⑦.不可野鼠色兔中纯合子AABB和AAbb，杂合子AABb的测交结果都是野鼠色兔【解析】【分析】【详解】（1）有A基因时表现为野鼠色兔，即野鼠色兔的基因型为A___，有6种基因型。黑色兔的基因型为aaB_，褐色兔的基因型为aabb。（2）实验一中，F1雌性野鼠色兔相互交配，F2中三种表现型比例为：12:3:1，F1基因型为AaBb,F2野鼠色兔中纯合子基因型有AABB、AAbb，所占比例为2/12，即1/6。F1与褐色兔杂交即AaBb×aabb,子代基因型及比例为：AaBb（野鼠色兔）、Aabb（野鼠色兔）、aaBb（黑色兔）、aabb（褐色兔）=1：1：1：1，所以子代野鼠色兔：黑色兔：褐色兔=2:1:1。（3）实验二中，F1黑色兔雌雄相互交配，F2中黑色兔：褐色兔=3:1，则F1的基因型为aaBb。F2黑色兔基因型为1/3aaBB、2/3aaBb，配子中ab占1/3,aB占2/3，随机交配根据哈代温伯格定律，子代aabb占1/9，aaB_占8/9。（4）实验二F2代中黑色兔基因型为1/3aaBB、2/3aaBb。实验三中根据F1野鼠色兔雌性相互交配，F2

16中野鼠色兔：黑色兔：3:1，推出F1野鼠色兔基因型为AaBB，F2中野鼠色兔基因型为：1/3AABB、2/3AaBB，所以F2代中黑色雄兔（1/3aaBB、2/3aaBb）与实验三F2代中野鼠色雌兔（2/3AaBB）才能产生黑色兔（aaB_），所占比例为1×2/3×1/2=1/3。（5）野鼠色兔中纯合子AABB和AAbb，杂合子AABb的测交结果都是野鼠色兔，所以不能通过测交实验来检测其是否纯合。【点睛】本题考查的是结合遗传图解，考查基因自由组合定律的实质及应用，首先要求考生根据题文内容准确判断性状与基因型之间的对应关系；能根据遗传图解中的12：3：1，推断F1和亲本的基因型，再结合所学的知识答题，属于考纲理解和应用层次的考查。25.玉米是我国重要的粮食作物。玉米通常是雌雄同株异花植物（顶端长雄花序，叶腋长雌花序），但也有的是雌雄异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的等位基因控制，雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株。现有甲（雌雄同株）、乙（雌株）、丙（雌株）、丁（雄株）4种纯合体玉米植株。回答下列问题。（1）若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，需进行人工传粉，具体做法是_____________。（2）乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F1自交，F2中雌株所占比例为_____________，F2中雄株的基因型是_____________；在F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所占比例是_____________。（3）已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位基因控制的相对性状。为了确定这对相对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米纯合体与非糯玉米纯合体（两种玉米均为雌雄同株）间行种植进行实验，果穗成熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验结果是_____________；若非糯是显性，则实验结果是_____________。【答案】（1）对母本甲的雌花花序进行套袋，待雌蕊成熟时，采集丁的成熟花粉，撒在甲的雌蕊柱头上，再套上纸袋。（2）①.1/4②.bbTT、bbTt③.1/4（3）①.糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒②.非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒【解析】【分析】雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型bbtt个体为雌株、甲（雌雄同株）、乙（雌株）、丙（雌株）、丁（雄株），可推断出甲的基因型为BBTT，乙、丙基因型可能为BBtt或bbtt，丁的基因型为bbTT。【小问1详解】

17杂交育种的原理是基因重组，若甲为母本，丁为父本杂交，因为甲为雌雄同株异花植物，所以在花粉未成熟时需对甲植株雌花花序套袋隔离，等丁的花粉成熟后再通过人工授粉把丁的花粉传到甲的雌蕊柱头后，再套袋隔离。【小问2详解】根据分析及题干信息“乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株”，可知乙基因型为BBtt，丁的基因型为bbTT，F1基因型为BbTt，F1自交F2基因型及比例为9B＿T＿（雌雄同株）：3B＿tt（雌株）：3bbT＿（雄株）：1bbtt（雌株），故F2中雌株所占比例为1/4，雄株的基因型为bbTT、bbTt，雌株中与丙基因型相同的比例为1/4。【小问3详解】假设糯和非糯这对相对性状受A/a基因控制，因为两种玉米均为雌雄同株植物，间行种植时，既有自交又有杂交。若糯性为显性，基因型为AA，非糯基因型为aa，则糯性植株无论自交还是杂交，糯性植株上全为糯性籽粒，非糯植株杂交子代为糯性籽粒，自交子代为非糯籽粒，所以非糯植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。同理，非糯为显性时，非糯性植株上只有非糯籽粒，糯性植株上既有糯性籽粒又有非糯籽粒。

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