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时间:2020-12-20
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1、高考化学铝及其化合物推断题综合经典题含答案(1)一、铝及其化合物1.为了降低电子垃圾对环境构成的影响,将一批废弃的线路板简单处理后,得到含70%Cu、25%Al、4%Fe及少量Au、Pt等金属的混合物,并设计出如下制备硫酸铜和硫酸铝晶体的路线:(1)第①步Cu与混酸反应的离子方程式为________________。得到滤渣1的主要成分为___________。(2)第②步中加入H2O2的作用是__________________,使用H2O2的优点是_________;调溶液pH的目的是________
2、_________。(3)简述第③步由滤液2得到CuSO4·5H2O的方法是_________________________。(4)由滤渣2制取Al2(SO4)3·18H2O,设计了以下三种方案:上述三种方案中,_______方案不可行,原因是________________;从原子利用率角度考虑,_______方案更合理。(5)用滴定法测定CuSO4·5H2O含量。取ag试样配成100mL溶液,每次取20.00mL,消除干扰离子后,用-12-)标准溶液滴定至终点,平均消耗EDTA溶液bcmol·LEDTA
3、(H2Y2+2-2-+22→CuY+2H。写出计算CuSO4ωmL。滴定反应如下:Cu+HY·5HO质量分数的表达式=__________________。【答案】Cu+4H++2NO3-=Cu2++2NO2↑+2H2O或3Cu+8H++2NO3-=3Cu2++2NO↑+4H2OAu、Pt将Fe2+氧化为Fe3+不引入杂质,对环境无污染使Fe3+、Al3+沉淀除去加热滤液2,经过蒸发、冷却、结晶、过滤,最终制得硫酸铜晶体甲所得产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质乙cb1032505×100%a【解析】【分析】
4、【详解】(1)Cu与混酸反应的实质是与H+、NO3-反应,随反应进行离子浓度逐渐减小,所以离子方程式为Cu+4H++2NO3-=Cu2++2NO2↑+2H2O,3Cu+8H++2NO3-=3Cu2++2NO↑+4H2O,Au、Pt不与混酸反应,所以滤渣的主要成分是Au、Pt;(2)加过氧化氢的目的是把亚铁离子氧化成铁离子,方便除去;而且加入过氧化氢不会引入新的杂质且无污染;调节溶液的pH目的是使Fe3+、Al3+沉淀除去;(3)由滤液2得到CuSO4·5H2O的方法是把滤液蒸发得浓溶液再冷却结晶,过滤得硫酸铜
5、晶体;(4)甲方案不可行,因为滤渣2的主要成分是Fe(OH)3、Al(OH)3沉淀,加入硫酸沉淀全部溶解使制得的产品中含有较多Fe2(SO4)3杂质;从原子利用率角度分析,乙方案更合理,不仅能除去硫酸铁,同时增加了硫酸铝的量,原子利用率较高;(5)由滴定反应方程式得100mL2+-3溶液中n(Cu)=b×10×a×5mol,所以CuSO4·5H2O质量-3×。100%分数=b×10×a×5×250/a2.某无色稀溶液X中,可能含有下表所列离子中的某几种。阴离子CO32-、SiO32-、AlO2-、Cl-阳离子
6、Al3+、Fe3+、Mg2+、NH4+、Na+现取该溶液适量,向其中加入某试剂Y,产生沉淀的物质的量(n)与加入试剂体积(V)的关系如图所示。(1)若Y是盐酸,则oa段转化为沉淀的离子(指来源于X溶液的,下同)是________________________,ab段发生反应的离子是________,bc段发生反应的离子方程式为___________________________________。(2)若Y是NaOH溶液,则X中一定含有的阳离子是____________________,ab段反应的离子方程
7、式为_______________________________________________________________________。【答案】SiO32-、AlO2-32-3+3++3H23+、Mg2+、NH4+4++OH-COAl(OH)+3H=AlOAlNH=NH3·H2O【解析】【分析】溶液无色说明溶液中不含Fe3+离子;(1)若Y是盐酸,oa段产生的沉淀可能为Al(OH)323或HSiO;ab段的特点为消耗盐酸,但沉淀量不变,确定含CO32-;(2)若Y为NaOH,根据沉淀量的变化确定一
8、定含有Al3+、Mg2+、NH4+。【详解】溶液无色说明溶液中不含3+离子;Fe(1)若Y是盐酸,oa段产生的沉淀可能为Al(OH)323段的特点为消耗盐酸,但或HSiO;ab沉淀量不变,确定含CO32-;bc段沉淀部分溶液,确定为Al(OH)323和HSiO,所以oa段转化为沉淀的离子是AlO2-、SiO32-;ab段发生反应的离子是CO32-+2H+22=HO+CO↑,发生反应的离子是CO32-
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