【江苏版】2020届高考数学文科一轮复习练习 第2章 基本初等函数、导数的应用 11 第11讲分层演练直击高考 .doc

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1、1．函数f(x)＝x3－15x2－33x＋6的单调减区间为________．[解析]由f(x)＝x3－15x2－33x＋6得f′(x)＝3x2－30x－33，令f′(x)<0，即3(x－11)(x＋1)<0，解得－1

2、)3．(2018·长春调研)已知函数f(x)＝x3＋ax＋4，则“a＞0”是“f(x)在R上单调递增”的________条件．[解析]f′(x)＝x2＋a，当a≥0时，f′(x)≥0恒成立，故“a＞0”是“f(x)在R上单调递增”的充分不必要条件．[答案]充分不必要4．(2018·郑州第一次质量预测)已知定义在R上的函数f(x)满足f(－3)＝f(5)＝1，f′(x)为f(x)的导函数，且导函数y＝f′(x)的图象如图所示，则不等式f(x)＜1的解集是________．[解析]依题意得，当x>0时，f′(x)>0，f(x

3、)是增函数；当x<0时，f′(x)<0，f(x)是减函数．又f(－3)＝f(5)＝1，因此不等式f(x)<1的解集是(－3，5)．[答案](－3，5)5．已知函数y＝x3－3x＋c的图象与x轴恰有两个公共点，则c＝________．[解析]设f(x)＝x3－3x＋c，对f(x)求导可得，f′(x)＝3x2－3，令f′(x)＝0，可得x＝±1，易知f(x)在(－∞，－1)，(1，＋∞)上单调递增，在(－1，1)上单调递减．若f(1)＝1－3＋c＝0，可得c＝2；若f(－1)＝－1＋3＋c＝0，可得c＝－2.[答案]－2或2

4、6．若函数f(x)＝x3－x2＋ax＋4恰在[－1，4]上单调递减，则实数a的值为________．[解析]因为f(x)＝x3－x2＋ax＋4，所以f′(x)＝x2－3x＋a，又函数f(x)恰在[－1，4]上单调递减，所以－1，4是f′(x)＝0的两根，所以a＝(－1)×4＝－4.[答案]－47．已知函数f(x)＝－x2＋4x－3lnx在[t，t＋1]上不单调，则t的取值范围是________．[解析]由题意知f′(x)＝－x＋4－＝＝－，由f′(x)＝0得函数f(x)的两个极值点为1，3，则只要这两个极值点有一个在区间

5、(t，t＋1)内，函数f(x)在区间[t，t＋1]上就不单调，由t<1

6、0且在x＝－1两侧的导数值为左负右正，所以x＝－1是f(x)的极小值点；③对，④不对，由于f′(3)≠0.[答案]②③9．设函数f(x)＝x2－9lnx在区间[a－1，a＋1]上单调递减，则实数a的取值范围是________．[解析]因为f(x)＝x2－9lnx，所以f′(x)＝x－(x>0)，当x－≤0时，有00且a＋1≤3，解得1

7、y＝x.(1)求a的值；(2)求函数f(x)的单调区间．解：(1)对f(x)求导得f′(x)＝－－(x>0)，由f(x)在点(1，f(1))处的切线垂直于直线y＝x，知f′(1)＝－－a＝－2，解得a＝.(2)由(1)知f(x)＝＋－lnx－，则f′(x)＝(x>0)．令f′(x)＝0，解得x＝－1或x＝5.因为x＝－1不在f(x)的定义域(0，＋∞)内，故舍去．当x∈(0，5)时，f′(x)<0，故f(x)在(0，5)内为减函数；当x∈(5，＋∞)时，f′(x)>0，故f(x)在(5，＋∞)内为增函数．综上，f(x)的

8、单调增区间为(5，＋∞)，单调减区间为(0，5)．11．(2018·沈阳质检)已知函数f(x)＝lnx，g(x)＝ax＋b.(1)若f(x)与g(x)在x＝1处相切，求g(x)的表达式；(2)若φ(x)＝－f(x)在[1，＋∞)上是减函数，求实数m的取值范围．[解](1)由已知得f′(x)＝，所以f′(1)＝1＝a，