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《2013年高考数学总复习 第二章 第3课时 函数的单调性课时闯关(含解析) 新人教版.doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、2013年高考数学总复习第二章第3课时函数的单调性课时闯关(含解析)新人教版一、选择题1.函数y=1-( )A.在(-1,+∞)上单调递增 B.在(-1,+∞)上单调递减C.在(1,+∞)上单调递增D.在(1,+∞)上单调递减答案:C2.若函数f(x)=ax+1在R上递减,则函数g(x)=a(x2-4x+3)的增区间是( )A.(2,+∞)B.(-∞,2)C.(-2,+∞)D.(-∞,-2)答案:B3.(2010·高考北京卷)给定函数①y=x,②y=log(x+1),③y=
2、x-1
3、,④y=2x+1,其中在区间(0,1)上单调递减的函数的序号是( )A.①②B.
4、②③C.③④D.①④解析:选B.①函数y=x在(0,+∞)上为增函数,②y=log(x+1)在(-1,+∞)上为减函数,故在(0,1)上也为减函数,③y=
5、x-1
6、在(0,1)上为减函数,④y=2x+1在(-∞,+∞)上为增函数,故选B.4.已知函数f(x)为R上的减函数,则满足f(
7、x
8、)9、x10、)11、x12、>1,∴x<-1或x>1.5.(2012·潍坊质检)若f(x)=,g(x)=-,则13、有( )A.f(2)14、x15、的递增区间是________.解析:y=-(x-3)16、x17、=作出该函数的图象,观察图象知递增区间为[0,].答案:[0,]37.y=的递减区间是________,y=的递减区间是________.解析:y==-1+,定18、义域为(-∞,-1)∪(-1,+∞),递减区间为(-∞,-1),(-1,+∞).对于函数y=,其定义域为(-1,1],由复合函数单调性可知它的递减区间是(-1,1].答案:(-∞,-1),(-1,+∞) (-1,1]8.已知函数f(x)=,满足对任意x1≠x2,都有<0成立,则a的取值范围是________.解析:由已知f(x)在R上为减函数,∴应有,解得019、∵00,又e>1,x1+x2>0,∴ex1+x2>1,故-1<0,∴f(x1)-f(x2)<0,由单调函数的定义知函数f(x)在区间(0,+∞)上为增函数.法二:对f(x)=ex+e-x求导得:f′(x)=ex-e-x=e-x(e2x-1).当x∈(0,+∞)时,有e-x>0,e2x-1>0,此时f′(x)>0,∴函数f(x)=ex+e-x在区间(0,+∞)上为增函数.10.已知函数f(x)=-x2-2x+a,x∈[1,+∞).(1)当a=时,求函数f(x)的最大值;(2)若对任意x∈[1,+∞),f(x)<0恒成立,试求实数a的取值范20、围.解:(1)当a=时,f(x)=-x2-2x+,其图象是开口向下的抛物线,对称轴为x=-1,又∵x∈[1,+∞),∴f(x)的最大值是f(1)=-.(2)由(1)知f(x)在[1,+∞)上的最大值是f(1)=a-3.∵f(x)<0在[1,+∞)上恒成立,故只需a+3>0即可,解得a<-3.∴实数a的取值范围是a<-3.11.(探究选做)已知f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,且f()=f(x)-f(y),f3(2)=1,解不等式:f(x)-f()≤2.解:2=f(2)+f(2),而f()=f(x)-f(y),可变形为f(y)+f()=f(x).令y=2,=2,即21、x=4,y=2,则有f(2)+f(2)=f(4),∴2=f(4).∴f(x)-f()≤2变形为f(x(x-3))≤f(4).又∵f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,∴,解得322、3
9、x
10、)11、x12、>1,∴x<-1或x>1.5.(2012·潍坊质检)若f(x)=,g(x)=-,则13、有( )A.f(2)14、x15、的递增区间是________.解析:y=-(x-3)16、x17、=作出该函数的图象,观察图象知递增区间为[0,].答案:[0,]37.y=的递减区间是________,y=的递减区间是________.解析:y==-1+,定18、义域为(-∞,-1)∪(-1,+∞),递减区间为(-∞,-1),(-1,+∞).对于函数y=,其定义域为(-1,1],由复合函数单调性可知它的递减区间是(-1,1].答案:(-∞,-1),(-1,+∞) (-1,1]8.已知函数f(x)=,满足对任意x1≠x2,都有<0成立,则a的取值范围是________.解析:由已知f(x)在R上为减函数,∴应有,解得019、∵00,又e>1,x1+x2>0,∴ex1+x2>1,故-1<0,∴f(x1)-f(x2)<0,由单调函数的定义知函数f(x)在区间(0,+∞)上为增函数.法二:对f(x)=ex+e-x求导得:f′(x)=ex-e-x=e-x(e2x-1).当x∈(0,+∞)时,有e-x>0,e2x-1>0,此时f′(x)>0,∴函数f(x)=ex+e-x在区间(0,+∞)上为增函数.10.已知函数f(x)=-x2-2x+a,x∈[1,+∞).(1)当a=时,求函数f(x)的最大值;(2)若对任意x∈[1,+∞),f(x)<0恒成立,试求实数a的取值范20、围.解:(1)当a=时,f(x)=-x2-2x+,其图象是开口向下的抛物线,对称轴为x=-1,又∵x∈[1,+∞),∴f(x)的最大值是f(1)=-.(2)由(1)知f(x)在[1,+∞)上的最大值是f(1)=a-3.∵f(x)<0在[1,+∞)上恒成立,故只需a+3>0即可,解得a<-3.∴实数a的取值范围是a<-3.11.(探究选做)已知f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,且f()=f(x)-f(y),f3(2)=1,解不等式:f(x)-f()≤2.解:2=f(2)+f(2),而f()=f(x)-f(y),可变形为f(y)+f()=f(x).令y=2,=2,即21、x=4,y=2,则有f(2)+f(2)=f(4),∴2=f(4).∴f(x)-f()≤2变形为f(x(x-3))≤f(4).又∵f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,∴,解得322、3
11、x
12、>1,∴x<-1或x>1.5.(2012·潍坊质检)若f(x)=,g(x)=-,则
13、有( )A.f(2)14、x15、的递增区间是________.解析:y=-(x-3)16、x17、=作出该函数的图象,观察图象知递增区间为[0,].答案:[0,]37.y=的递减区间是________,y=的递减区间是________.解析:y==-1+,定18、义域为(-∞,-1)∪(-1,+∞),递减区间为(-∞,-1),(-1,+∞).对于函数y=,其定义域为(-1,1],由复合函数单调性可知它的递减区间是(-1,1].答案:(-∞,-1),(-1,+∞) (-1,1]8.已知函数f(x)=,满足对任意x1≠x2,都有<0成立,则a的取值范围是________.解析:由已知f(x)在R上为减函数,∴应有,解得019、∵00,又e>1,x1+x2>0,∴ex1+x2>1,故-1<0,∴f(x1)-f(x2)<0,由单调函数的定义知函数f(x)在区间(0,+∞)上为增函数.法二:对f(x)=ex+e-x求导得:f′(x)=ex-e-x=e-x(e2x-1).当x∈(0,+∞)时,有e-x>0,e2x-1>0,此时f′(x)>0,∴函数f(x)=ex+e-x在区间(0,+∞)上为增函数.10.已知函数f(x)=-x2-2x+a,x∈[1,+∞).(1)当a=时,求函数f(x)的最大值;(2)若对任意x∈[1,+∞),f(x)<0恒成立,试求实数a的取值范20、围.解:(1)当a=时,f(x)=-x2-2x+,其图象是开口向下的抛物线,对称轴为x=-1,又∵x∈[1,+∞),∴f(x)的最大值是f(1)=-.(2)由(1)知f(x)在[1,+∞)上的最大值是f(1)=a-3.∵f(x)<0在[1,+∞)上恒成立,故只需a+3>0即可,解得a<-3.∴实数a的取值范围是a<-3.11.(探究选做)已知f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,且f()=f(x)-f(y),f3(2)=1,解不等式:f(x)-f()≤2.解:2=f(2)+f(2),而f()=f(x)-f(y),可变形为f(y)+f()=f(x).令y=2,=2,即21、x=4,y=2,则有f(2)+f(2)=f(4),∴2=f(4).∴f(x)-f()≤2变形为f(x(x-3))≤f(4).又∵f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,∴,解得322、3
14、x
15、的递增区间是________.解析:y=-(x-3)
16、x
17、=作出该函数的图象,观察图象知递增区间为[0,].答案:[0,]37.y=的递减区间是________,y=的递减区间是________.解析:y==-1+,定
18、义域为(-∞,-1)∪(-1,+∞),递减区间为(-∞,-1),(-1,+∞).对于函数y=,其定义域为(-1,1],由复合函数单调性可知它的递减区间是(-1,1].答案:(-∞,-1),(-1,+∞) (-1,1]8.已知函数f(x)=,满足对任意x1≠x2,都有<0成立,则a的取值范围是________.解析:由已知f(x)在R上为减函数,∴应有,解得019、∵00,又e>1,x1+x2>0,∴ex1+x2>1,故-1<0,∴f(x1)-f(x2)<0,由单调函数的定义知函数f(x)在区间(0,+∞)上为增函数.法二:对f(x)=ex+e-x求导得:f′(x)=ex-e-x=e-x(e2x-1).当x∈(0,+∞)时,有e-x>0,e2x-1>0,此时f′(x)>0,∴函数f(x)=ex+e-x在区间(0,+∞)上为增函数.10.已知函数f(x)=-x2-2x+a,x∈[1,+∞).(1)当a=时,求函数f(x)的最大值;(2)若对任意x∈[1,+∞),f(x)<0恒成立,试求实数a的取值范20、围.解:(1)当a=时,f(x)=-x2-2x+,其图象是开口向下的抛物线,对称轴为x=-1,又∵x∈[1,+∞),∴f(x)的最大值是f(1)=-.(2)由(1)知f(x)在[1,+∞)上的最大值是f(1)=a-3.∵f(x)<0在[1,+∞)上恒成立,故只需a+3>0即可,解得a<-3.∴实数a的取值范围是a<-3.11.(探究选做)已知f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,且f()=f(x)-f(y),f3(2)=1,解不等式:f(x)-f()≤2.解:2=f(2)+f(2),而f()=f(x)-f(y),可变形为f(y)+f()=f(x).令y=2,=2,即21、x=4,y=2,则有f(2)+f(2)=f(4),∴2=f(4).∴f(x)-f()≤2变形为f(x(x-3))≤f(4).又∵f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,∴,解得322、3
19、∵00,又e>1,x1+x2>0,∴ex1+x2>1,故-1<0,∴f(x1)-f(x2)<0,由单调函数的定义知函数f(x)在区间(0,+∞)上为增函数.法二:对f(x)=ex+e-x求导得:f′(x)=ex-e-x=e-x(e2x-1).当x∈(0,+∞)时,有e-x>0,e2x-1>0,此时f′(x)>0,∴函数f(x)=ex+e-x在区间(0,+∞)上为增函数.10.已知函数f(x)=-x2-2x+a,x∈[1,+∞).(1)当a=时,求函数f(x)的最大值;(2)若对任意x∈[1,+∞),f(x)<0恒成立,试求实数a的取值范
20、围.解:(1)当a=时,f(x)=-x2-2x+,其图象是开口向下的抛物线,对称轴为x=-1,又∵x∈[1,+∞),∴f(x)的最大值是f(1)=-.(2)由(1)知f(x)在[1,+∞)上的最大值是f(1)=a-3.∵f(x)<0在[1,+∞)上恒成立,故只需a+3>0即可,解得a<-3.∴实数a的取值范围是a<-3.11.(探究选做)已知f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,且f()=f(x)-f(y),f3(2)=1,解不等式:f(x)-f()≤2.解:2=f(2)+f(2),而f()=f(x)-f(y),可变形为f(y)+f()=f(x).令y=2,=2,即
21、x=4,y=2,则有f(2)+f(2)=f(4),∴2=f(4).∴f(x)-f()≤2变形为f(x(x-3))≤f(4).又∵f(x)是定义在(0,+∞)上的增函数,∴,解得322、3
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