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时间:2020-03-06
《全国高考数学复习12+4分项练14导数理.doc》由会员上传分享,免费在线阅读,更多相关内容在教育资源-天天文库。
1、12+4分项练14 导 数1.(2018·四平模拟)定积分ʃdx的值为( )A.B.C.πD.2π答案 A解析 ∵y=,∴(x-1)2+y2=1表示以(1,0)为圆心,以1为半径的圆,∴定积分ʃdx等于该圆的面积的四分之一,∴定积分ʃdx=.2.(2018·昆明模拟)已知函数f(x)=(x2-2x)ex-alnx(a∈R)在区间(0,+∞)上单调递增,则a的最大值是( )A.-eB.eC.-D.4e2答案 A解析 因为函数f(x)=(x2-2x)ex-alnx(a∈R),所以f′(x)=ex(x2-2x)+ex(2x-2)-=ex(x2-2)-(x>0).因为
2、函数f(x)=(x2-2x)ex-alnx(a∈R)在区间(0,+∞)上单调递增,所以f′(x)=ex(x2-2)-≥0在区间(0,+∞)上恒成立,即≤ex(x2-2)在区间(0,+∞)上恒成立,12亦即a≤ex(x3-2x)在区间(0,+∞)上恒成立,令h(x)=ex(x3-2x),x>0,则h′(x)=ex(x3-2x)+ex(3x2-2)=ex(x3-2x+3x2-2)=ex(x-1)(x2+4x+2),x>0,因为x∈(0,+∞),所以x2+4x+2>0.因为ex>0,令h′(x)>0,可得x>1,令h′(x)<0,可得03、1,+∞)上单调递增,在区间(0,1)上单调递减.所以h(x)min=h(1)=e1(1-2)=-e.所以a≤-e.所以a的最大值是-e.3.已知函数f(x)=ex+x2-x,若存在实数m使得不等式f(m)≤2n2-n成立,则实数n的取值范围为( )A.∪[1,+∞)B.(-∞,-1]∪C.∪D.∪[0,+∞)答案 A解析 对函数求导可得,f′(x)=·ex+×2x-1,∴f′(1)=f′(1)+f(0)-1,∴f(0)==1,∴f′(1)=e,f(x)=ex+x2-x,f′(x)=ex+x-1,设g(x)=f′(x),则g′(x)=ex+1>0,∴函数f′(x4、)单调递增,而f′(0)=0,∴当x<0时,f′(x)<0,f(x)单调递减;当x>0时,f′(x)>0,f(x)单调递增.12故f(x)min=f(0)=1,由存在性的条件可得关于实数n的不等式2n2-n≥1,解得n∈∪[1,+∞).4.已知函数f(x)=x2+(ln3x)2-2a(x+3ln3x)+10a2,若存在x0使得f(x0)≤成立,则实数a的值为( )A.B.C.D.答案 D解析 f(x)=x2+(ln3x)2-2a(x+3ln3x)+10a2=(x-a)2+(ln3x-3a)2表示点M(x,ln3x)与点N(a,3a)距离的平方,M点的轨迹是函数g5、(x)=ln3x的图象,N点的轨迹是直线y=3x,则g′(x)=.作g(x)的平行于直线y=3x的切线,切点为(x1,y1),则=3,所以x1=,切点为P,所以曲线上点P到直线y=3x的距离最小,最小距离d=,所以f(x)≥,根据题意,要使f(x0)≤,则f(x0)=,此时N为垂足,点M与点P重合,kMN==-,得a=.5.(2018·潍坊模拟)已知函数f(x)=若m6、f(m)=f(n),则当ln(x+1)=1时,得x+1=e,即x=e-1,12则满足00,解得17、n2≤h(n)<2,即n-m的取值范围是[3-2ln2,2).6.(2018·峨眉山市第七教育发展联盟联考)已知函数f(x)=aln(x+2)-x2,在区间(0,1)内任取两个实数p,q,且p>q,若不等式>2恒成立,则实数a的取值范围是( )A.B.C.D.答案 D解析 由已知p>q,可得f(p+1)-f(q+1)>2(p-q),f(p+1)>f(q+1)+2p-2q,f(p+1)-2p>f(q+1)-2q,f(p+1)-2p-2>f(q+1)-2q-2,f(p+1)-2(p+1)>f(q+1)-2(q+1).令g(x)=f(x)-2x,则有g(p+1)>g(8、q+1).
3、1,+∞)上单调递增,在区间(0,1)上单调递减.所以h(x)min=h(1)=e1(1-2)=-e.所以a≤-e.所以a的最大值是-e.3.已知函数f(x)=ex+x2-x,若存在实数m使得不等式f(m)≤2n2-n成立,则实数n的取值范围为( )A.∪[1,+∞)B.(-∞,-1]∪C.∪D.∪[0,+∞)答案 A解析 对函数求导可得,f′(x)=·ex+×2x-1,∴f′(1)=f′(1)+f(0)-1,∴f(0)==1,∴f′(1)=e,f(x)=ex+x2-x,f′(x)=ex+x-1,设g(x)=f′(x),则g′(x)=ex+1>0,∴函数f′(x
4、)单调递增,而f′(0)=0,∴当x<0时,f′(x)<0,f(x)单调递减;当x>0时,f′(x)>0,f(x)单调递增.12故f(x)min=f(0)=1,由存在性的条件可得关于实数n的不等式2n2-n≥1,解得n∈∪[1,+∞).4.已知函数f(x)=x2+(ln3x)2-2a(x+3ln3x)+10a2,若存在x0使得f(x0)≤成立,则实数a的值为( )A.B.C.D.答案 D解析 f(x)=x2+(ln3x)2-2a(x+3ln3x)+10a2=(x-a)2+(ln3x-3a)2表示点M(x,ln3x)与点N(a,3a)距离的平方,M点的轨迹是函数g
5、(x)=ln3x的图象,N点的轨迹是直线y=3x,则g′(x)=.作g(x)的平行于直线y=3x的切线,切点为(x1,y1),则=3,所以x1=,切点为P,所以曲线上点P到直线y=3x的距离最小,最小距离d=,所以f(x)≥,根据题意,要使f(x0)≤,则f(x0)=,此时N为垂足,点M与点P重合,kMN==-,得a=.5.(2018·潍坊模拟)已知函数f(x)=若m6、f(m)=f(n),则当ln(x+1)=1时,得x+1=e,即x=e-1,12则满足00,解得17、n2≤h(n)<2,即n-m的取值范围是[3-2ln2,2).6.(2018·峨眉山市第七教育发展联盟联考)已知函数f(x)=aln(x+2)-x2,在区间(0,1)内任取两个实数p,q,且p>q,若不等式>2恒成立,则实数a的取值范围是( )A.B.C.D.答案 D解析 由已知p>q,可得f(p+1)-f(q+1)>2(p-q),f(p+1)>f(q+1)+2p-2q,f(p+1)-2p>f(q+1)-2q,f(p+1)-2p-2>f(q+1)-2q-2,f(p+1)-2(p+1)>f(q+1)-2(q+1).令g(x)=f(x)-2x,则有g(p+1)>g(8、q+1).
6、f(m)=f(n),则当ln(x+1)=1时,得x+1=e,即x=e-1,12则满足00,解得17、n2≤h(n)<2,即n-m的取值范围是[3-2ln2,2).6.(2018·峨眉山市第七教育发展联盟联考)已知函数f(x)=aln(x+2)-x2,在区间(0,1)内任取两个实数p,q,且p>q,若不等式>2恒成立,则实数a的取值范围是( )A.B.C.D.答案 D解析 由已知p>q,可得f(p+1)-f(q+1)>2(p-q),f(p+1)>f(q+1)+2p-2q,f(p+1)-2p>f(q+1)-2q,f(p+1)-2p-2>f(q+1)-2q-2,f(p+1)-2(p+1)>f(q+1)-2(q+1).令g(x)=f(x)-2x,则有g(p+1)>g(8、q+1).
7、n2≤h(n)<2,即n-m的取值范围是[3-2ln2,2).6.(2018·峨眉山市第七教育发展联盟联考)已知函数f(x)=aln(x+2)-x2,在区间(0,1)内任取两个实数p,q,且p>q,若不等式>2恒成立,则实数a的取值范围是( )A.B.C.D.答案 D解析 由已知p>q,可得f(p+1)-f(q+1)>2(p-q),f(p+1)>f(q+1)+2p-2q,f(p+1)-2p>f(q+1)-2q,f(p+1)-2p-2>f(q+1)-2q-2,f(p+1)-2(p+1)>f(q+1)-2(q+1).令g(x)=f(x)-2x,则有g(p+1)>g(
8、q+1).
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