2017优化方案高考总复习·物理：第十章 第一节课后检测能力提升 含解析

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1、6一、单项选择题1.(2015·高考四川卷)小型手摇发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，磁极间的磁场视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO′，线圈绕OO′匀速转动，如图所示、矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，则发电机输出电压(　　)A、峰值是e0　　　　　　　B、峰值是2e0C、有效值是Ne0D、有效值是Ne0解析：选D.因每匝矩形线圈ab边和cd边产生的电动势的最大值都是e0，每匝矩形线圈中ab和cd串联，故每匝线圈产生的电动势的最大值为2e0.N匝线圈串联，整

2、个线圈中感应电动势的最大值为2Ne0，因线圈中产生的是正弦交流电，则发电机输出电压的有效值E＝Ne0，故选项D正确、2、通过一阻值R＝100Ω的电阻的交变电流如图所示，其周期为1s、电阻两端电压的有效值为(　　)A、12VB、4VC、15VD、8V解析：选B.由电流的热效应可得×1s＝(0.1A)2×R×0.4s×2＋(0.2A)2×R×0.1s×2，其中R＝100Ω，可得U＝4V，B正确、3、(2016·北京房山区一模)在匀强磁场中，一矩形金属线框绕与磁感线垂直的轴匀速转动，如图甲所示，产生的感应电动势如图乙

3、所示，则下列说法正确的是(　　)6A、t＝0.015s时线框的磁通量变化率为零B、t＝0.01s时线框平面与中性面重合C、线框产生的交变电动势有效值为311VD、线框产生的交变电动势频率为100Hz解析：选B.由题图乙可知t＝0.015s时感应电动势最大，根据E＝n知磁通量变化率最大，选项A错误、t＝0.01s时感应电动势为零，磁通量变化率为零，但通过线框的磁通量最大，即线框平面与中性面重合，选项B正确、正弦交流电的有效值E＝＝220V，选项C错误、根据题图乙知交流电周期T＝0.02s，所以频率f＝＝50Hz，

4、选项D错误、4、图甲为小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁场方向的固定轴OO′匀速转动，线圈的两端经集流环和电刷与电阻R＝10Ω连接，与电阻R并联的交流电压表为理想电表，示数是10V、图乙是穿过矩形线圈磁通量Φ随时间t变化的图象、则下列说法正确的是(　　)A、电阻R上的电功率为20WB、0.02s时R两端的电压瞬时值为零C、R两端的电压随时间变化的规律是u＝14.1cos100πt(V)D、通过R的电流随时间变化的规律是i＝cos50πt(A)解析：选C.电阻R上

5、的电功率为P＝＝10W，选项A错误；0.02s时穿过线圈的磁通量变化率最大，R两端的电压瞬时值最大，选项B错误；R两端的电压u随时间t变化的规律是u＝14.1cos100πt(V)；通过R的电流随时间变化的规律i＝1.41cos100πt(A)，选项C正确，D错误、5.(2016·福建福州质检)某交流电源电动势随时间变化的规律如图所示，现用该电源对标称值为“5V　10W”的电动机供电，电源内阻不计，下列说法正确的是(　　)A、电动机的内阻为2.5ΩB、电动机的发热功率为10WC、通过电动机的电流为2AD、通过电

6、动机的电流为2A解析：选C.由图知该电源电动势最大值为Em＝5V，则有效值E＝5V，通过电动机的电流I＝A＝2A，电动机是非纯电阻元件，电动机内阻r<Ω＝2.5Ω，电动机的发热功率P热＝I2r

7、　　)解析：选A.由题图乙知，周期T＝4s，感应电动势的最大值Em＝1V，而感应电动势的最大值的表达式Em＝NBSω＝NBS·.若仅把线圈的转速变为原来的2倍，则周期T′变为原来的，即T′＝2s，而感应电动势的最大值E′m变为原来的2倍，即E′m＝2V，所以选项B、C错误；从图示位置转过90°开始计时，也就是t＝0时线圈中产生的感应电动势应为0，所以选项A正确，D错误、二、多项选择题7、如图是某种正弦式交变电压的波形图，由图可确定该电压的(　　)A、周期是0.01sB、最大值是311VC、有效值是220VD、表

8、达式为u＝220sin100πt(V)解析：选BC.由题图可知，最大值Um＝311V，有效值U＝＝220V，周期T＝0.02s，表达式u＝311sin100πt(V)，故选项B、C正确、8、标有“220V　40W”的电灯和标有“20μF　300V”的电容器并联接到交流电源上，V为交流电压表、交流电源的输出电压如图乙所示，闭合开关、下列判断正确的是(　　)A、t＝时刻，V的示数为零B、电