2019届高考物理二轮复习 第2章 动量和能量 考前基础回扣练5 动量和能量

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1、考前基础回扣练5动量和能量1.[2018·河北邯郸模拟](多选)如图所示，一轻弹簧的左端固定，右端与一带电小球相连接，小球静止在光滑水平面上，施加一个水平方向的匀强电场，使小球从静止开始向右运动，则向右运动的过程中(运动过程中始终未超过弹簧的弹性限度)(　　)A．小球动能最大时，小球电势能最小B．弹簧弹性势能最大时，小球和弹簧组成的系统机械能最大C．小球电势能最小时，小球动能为零D．当电场力和弹簧弹力平衡时，小球的动能最大解析：小球向右运动时，电场力做正功，电势能减小；当电场力与弹簧弹力平衡时，小球的

2、动能最大，电势能不是最小，故A错误；小球运动过程中只有电场力和弹簧弹力做功，故小球的电势能、动能和弹簧的弹性势能总量守恒，在最右端，电势能最小，故小球和弹簧组成的系统机械能最大，故B正确；小球向右运动时，先加速后减速，电场力做正功，电势能减小，故最右端电势能最小，此时动能为零，故C正确；当电场力和弹簧弹力平衡前，电场力大于弹簧的弹力，小球做加速运动，当弹簧弹力等于电场力时，速度达到最大，小球的动能最大，故D正确．答案：BCD2．[2018·徐州市考前模拟]如图所示，在投球游戏中，小明坐在可升降的椅子上

3、，向正前方的圆桶水平抛出篮球．已知某次抛出点的实际高度为2.0m，桶的高度为0.4m，到抛出点的水平距离为1.6m，球恰好落入桶内，小明对球做功约为(　　)A．0.2J　B．2JC．20JD．200J解析：小明对球做的功使球获得了初动能，小明抛球的过程中，对球应用动能定理得：W＝mv2，由平抛运动规律(2.0－0.4)m＝gt2,1.6m＝vt，球约为0.5kg，可得W≈2J.答案：B3．(多选)如图所示，小球A以大小为v0的速度向右运动时跟静止的小球B发生碰撞，碰撞后球A以大小为的速度弹回，而球B以

4、的速度大小向右运动，若球A的质量为m，两球碰撞的时间为t，则(　　)A．球A的动量变化量大小为mv0B．碰撞时A、B两球间的平均相互作用力大小为C．球B的质量为mD．两球碰撞过程中损失的机械能为mv解析：首先规定正方向，根据动量的定义求解动量的变化量Δp，根据动量定理Ft＝Δp求解平均作用力，两球碰撞过程中动量守恒，根据动量守恒定律列式求解球B的质量，利用能量守恒定律求解两球碰撞过程中损失的机械能．答案：BC4．[2018·广东中山七校第二次联考](多选)如图所示，(a)图表示光滑平台上，物体A以初速

5、度v0滑到上表面粗糙的水平小车上，车与水平面间的动摩擦因数不计；(b)图为物体A滑上小车B时物体A与小车B的v－t图象．由此可知(　　)A．小车上表面长度B．物体A与小车B的质量之比C．物体A与小车B上表面的动摩擦因数D．小车B获得的动能解析：由图象可知，A、B最终以共同速度v1匀速运动，不能确定小车上表面长度，故A错误；由动量守恒定律得，mAv0＝(mA＋mB)v1，解得＝，故可以确定物体A与小车B的质量之比，故B正确；由图象可以知道A相对小车B的位移Δx＝v0t1，根据能量守恒得μmAgΔx＝mA

6、v－(mA＋mB)v，根据B中求得质量关系，可以解出动摩擦因数，故C正确；由于小车B的质量不知，故不能确定小车B获得的动能，故D错误．答案：BC5.如图所示，在竖直面内ABC轨道是由圆弧和半圆形轨道组成，BC为半圆的竖直直径，A、C两点等高．乙球静止在B点．现让质量M＝0.5kg的甲球从A点由静止释放，到达B点时与乙球发生弹性正碰，碰后乙球沿半圆形轨道恰好通过C点．半圆形轨道的半径R＝0.4m，g＝10m/s2，两球均可视为质点，不计一切摩擦，求：(1)碰后瞬间乙球的速度大小vB；(2)乙球的质量m；

7、(3)碰后瞬间乙球对轨道的压力大小N′.(结果均可用根号表示)解析：(1)乙球恰好通过C点时，有mg＝m乙球从B点运动到C点的过程，根据机械能守恒定律有mv＝mv2＋mg·2R解得　vB＝2m/s.(2)甲球从A点下滑到B点的过程，根据机械能守恒定律有Mv＝Mg·2R解得　v0＝4m/s两球发生弹性正碰后，甲球的速度为v1，则Mv0＝Mv1＋mvBMv＝Mv＋mv解得　m＝kg.(3)碰后瞬间轨道对乙球的支持力大小设为FN，则FN－mg＝m解得　FN＝3(8－10)N根据牛顿第三定律得FN′＝FN＝3

8、(8－10)N.答案：(1)2m/s　(2)kg(3)3(8－10)N