2019届高考物理一轮复习 课时作业14 牛顿运动定律综合应用（二）

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1、课时作业(十四)　牛顿运动定律综合应用(二)[基础训练]1．(2018·安徽池州二模)重物A放在倾斜的皮带传送机上，它和皮带一直相对静止没有打滑，如图所示，传送带工作时，关于重物受到摩擦力的大小，下列说法正确的是(　　)A．重物静止时受到的摩擦力一定小于它斜向上运动时受到的摩擦力B．重物斜向上加速运动时，加速度越大，摩擦力一定越大C．重物斜向下加速运动时，加速度越大，摩擦力一定越大D．重物斜向上匀速运动时，速度越大，摩擦力一定越大答案：B解析：重物静止时，受到的摩擦力f＝mgsinθ，重物匀速上升时，受到的摩擦力为f＝mg

2、sinθ，且与速度大小无关，选项A、D错误；重物斜向上加速运动时，根据牛顿第二定律，摩擦力f＝mgsinθ＋ma，加速度越大，摩擦力越大，选项B正确；重物沿斜面向下加速运动时，当a

3、后到达D．不能确定三者到达的顺序答案：B　解析：对乙、丙：设斜面的倾角为θ，则下滑的加速度a＝gsinθ，下滑的位移x＝，根据x＝at2得t＝＝，故倾角越大的下落时间越短，故乙和丙两小球，丙先到达底端；对甲、乙：运动到底端的时间t＝＝＝，则甲、乙两小球中，乙时间短，先到达底端；三小球到达斜面底端的先后次序是丙、乙、甲，故B项正确．3．如图所示，水平传送带A、B两侧与光滑地面相衔接，一物块从左侧地面以v0＝5m/s的速度冲上传送带，已知传送带A、B的长度为s＝4m，物块与传送带间的动摩擦因数为μ＝0.2，取g＝10m/s2，

4、物块到达传送带B端的速度为v，下列说法正确的是(　　)A．若传送带不动，v＝3m/sB．若传送带逆时针匀速转动，v一定小于3m/sC．若传送带顺时针匀速转动，v一定大于3m/sD．若传送带顺时针匀速转动，v有可能等于7m/s答案：A解析：若传送带不动，物块从A到B做匀减速运动，a＝μg＝2m/s2，由v－v2＝2as，得v＝3m/s，A项正确；若传送带逆时针匀速转动，与传送带不动时受力完全相同，到达B端的速度仍为3m/s，B项错误；若传送带顺时针匀速转动，传送带的速度不同，物体滑上传送带后的运动情况不同，若传送带速度v带≤

5、3m/s，物块将一直减速，到达B端的速度为3m/s，C项错误；若物块一直加速，到达B端的速度为v′，则v′2－v＝2as，得v′＝m/s，因此物块到达传送带B端的最大速度为m/s，不可能等于7m/s，D项错误．4．(2018·辽宁抚顺模拟)如图所示，物块A放在木板B上，A、B的质量均为m，A、B之间的动摩擦因数为μ，B与地面之间的动摩擦因数为.若将水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，此时A的加速度为a1；若将水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，此时B的加速度为a2，则a1、a2之比为(　　)A．1∶1B．2∶3C．

6、1∶3D．3∶2答案：C　解析：当水平力作用在A上，使A刚好要相对B滑动，A、B的加速度相等，对B隔离分析，B的加速度为aB＝a1＝＝μg；当水平力作用在B上，使B刚好要相对A滑动，A、B的加速度相等，对A隔离分析，A的加速度为aA＝a2＝＝μg，可得a1∶a2＝1∶3，C正确．5．如图甲所示，在光滑的水平面上有质量为M且足够长的长木板，木板上面叠放一个质量为m的小物块．现对长木板施加水平向右的拉力F＝3t(N)时，两个物体运动的at图象如图乙所示，若取重力加速度g＝10m/s2，则下列说法中正确的是(　　)A．图线Ⅰ是小

7、物块运动的at图象B．小物块与长木板间的动摩擦因数为0.3C．长木板的质量M＝1kgD．小物块的质量m＝2kg答案：B解析：当力F较小时，两者一起加速，当F较大时，m相对于M向后滑动，m的加速度不再随F的增大而变化，因此图象Ⅱ是小物块的at图象，A项错误；当小物块发生相对滑动后，加速度不变为am＝3m/s2，由牛顿第二定律得，μmg＝mam，解得μ＝0.3，B项正确；在3s前，对整体有，3t＝(M＋m)a，a＝t，由图象得＝1；在3s后，对M有，3t－μmg＝Ma，a＝t－，由图象得＝，解得M＝2kg，m＝1kg，C、D项

8、错误．6．(2018·江苏徐州质检)(多选)如图所示，一足够长的木板静止在粗糙的水平面上，t＝0时刻滑块从木板的左端以速度v0水平向右滑行，木板与滑块间存在摩擦，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力．下列描述滑块的vt图象中可能正确的是(　　)答案：BD解析：设滑块质量为m，木板质量为M，滑块与木板间的动摩擦因