2020高考物理一轮总复习第三章牛顿运动定律能力课1牛顿运动定律的综合应用练习新人教版

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1、能力课1牛顿运动定律的综合应用一、选择题1．(多选)下列关于超重、失重现象的描述，正确的是(　　)A．列车在水平轨道上加速行驶，列车上的人处于超重状态B．电梯正在减速下降，人在电梯中处于超重状态C．蹦床运动员在空中上升阶段处于失重状态，下落阶段处于超重状态D．神舟十一号飞船在竖直向上加速升空的过程中，飞船里的宇航员处于超重状态解析：选BD　列车在水平轨道上加速行驶时，列车上的人在竖直方向上平衡，既不失重也不超重，A错误；电梯正在减速下降，加速度方向竖直向上，电梯里的人为超重状态，B正确；运动员在空中上升和下落阶段加速度都竖直向下，为失重状态，C错误；飞船加速升空的过程中，加速度向上，飞船中

2、的宇航员处于超重状态，D正确．2．物体A、B放在光滑的水平地面上，其质量之比mA∶mB＝2∶1.现用水平3N的拉力作用在物体A上，如图所示，则A对B的拉力等于(　　)A．1N　　　　　　　　　　B．1.5NC．2ND．3N解析：选A　设B物体的质量为m，A对B的拉力为F，对A、B整体，根据牛顿第二定律得a＝，对B有F＝ma，所以F＝1N.3.(多选)(2018届黄冈一模)如图所示，光滑水平地面上，可视为质点的两滑块A、B在水平外力的作用下紧靠在一起压缩弹簧，弹簧左端固定在墙壁上，此时弹簧的压缩量为x0，以两滑块此时的位置为坐标原点建立如图所示的一维坐标系，现将外力突然反向并使B向右做匀加速

3、运动，下列关于外力F、两滑块间弹力FN与滑块B的位移x变化的关系图象可能正确的是(　　)解析：选BD　设A、B向右匀加速运动的加速度大小为a，根据牛顿第二定律，对整体有F＋k(x0－x)＝(mA＋mB)a，可得F＝kx＋(mA＋mB)a－kx0，若(mA＋mB)a＝kx0，得F＝kx，则F与x成正比，Fx图象可能是过原点的直线，对A有k(x0－x)－FN＝mAa，得FN＝－kx＋kx0－mAa，可知FNx图象是向下倾斜的直线，当FN＝0时A、B开始分离，此后B做匀加速运动，F不变，则A、B开始分离时有x＝x0－＜x0，因此B和D是可能正确的．4．如图所示，光滑水平面上放置着质量分别为m、2

4、m的A、B两个物体，A、B间的最大静摩擦力为μmg，现用水平拉力F拉B，使A、B以同一加速度运动，则拉力F的最大值为(　　)A．μmgB．2μmgC．3μmgD．4μmg解析：选C　当A、B之间恰好不发生相对滑动时力F最大，此时，对于A物体所受的合外力为μmg，由牛顿第二定律知aA＝＝μg；对于A、B整体，加速度a＝aA＝μg，由牛顿第二定律得F＝3ma＝3μmg.5.(多选)将一个质量为1kg的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反．该过程的vt图象如图所示，g取10m/s2.下列说法中正确的是(　　)A．小球所受重力和阻力之比为5∶1B．小球上

5、升过程与下落过程所用时间之比为2∶3C．小球落回到抛出点时的速度大小为8m/sD．小球下落过程中，受到向上的空气阻力，处于超重状态解析：选AC　上升过程中mg＋Ff＝ma1，由题图可知a1＝12m/s2，解得Ff＝2N，小球所受重力和阻力之比为5∶1，选项A正确；下落过程中mg－Ff＝ma2，可得a2＝8m/s2，根据h＝at2，可得＝＝，选项B错误；根据v＝a2t2，t2＝s，可得v＝8m/s，选项C正确；小球下落过程中，加速度方向竖直向下，小球处于失重状态，选项D错误．6.(2018届淮北一模)如图，物块A和B的质量分别为4m和m，开始A、B均静止，细绳拉直，在竖直向上拉力F＝6mg作

6、用下，动滑轮竖直向上加速运动．已知动滑轮质量忽略不计，动滑轮半径很小，不考虑绳与滑轮之间的摩擦，细绳足够长，在滑轮向上运动过程中，物块A和B的加速度分别为(　　)A．aA＝g，aB＝5gB．aA＝aB＝gC．aA＝g，aB＝3gD．aA＝0，aB＝2g解析：选D　对滑轮分析：F－2T＝m′a，又m′＝0所以T＝＝＝3mg对A分析：由于T＜4mg，故A静止，aA＝0对B分析：aB＝＝＝2g，故D正确．7.(2018届德阳一诊)某位同学在电梯中用弹簧测力计测量一物体的重力，在0至t3时间段内，弹簧测力计的示数F随时间t变化如图所示，以竖直向上为正方向，则下列关于物体运动的vt图、Pt图(P为物

7、体重力的功率大小)及at图可能正确的是(　　)解析：选C　由于该题没有告诉弹簧的拉力与重力大小之间的关系，可以依题意，分三种情况讨论：①若F1＝mg，则0～t1时间内电梯静止或做匀速直线运动，即速度等于0或速度保持不变，加速度等于0.四个图线没有是可能的；②若F2＝mg，则F1