2016届高考物理一轮复习 10.2变压器、电能的输送课时强化作业

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1、7课时强化作业四十一　变压器、电能的输送一、选择题1.如右图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为20∶1，两个标有“12V，6W”的小灯泡并联在副线圈的两端、当两灯泡都正常工作时，原线圈电路中电压表和电流表(可视为理想的)的示数分别是(　　)A、120V,0.10AB、240V,0.025AC、120V,0.05AD、240V,0.05A解析：根据变压规律：＝可得U1＝240V、由功率相等可得I1＝0.05A，D正确、答案：D2.(2013年广东卷)如图，理想变压器原、副线圈匝数比n1∶n2＝2∶1，和均为理想电表，灯泡电阻RL＝6Ω，AB端电压U1＝12sin100πt(

2、V)、下列说法正确的是(　　)A、电流频率为100HzB.的读数为24VC.的读数为0.5AD、变压器输入功率为6W解析：由输入电压的瞬时表达式可知ω＝100π＝2πf，因此交流电的频率为50Hz，选项A错误；由变压公式可知＝得U2＝6V，故电压表的示数为6V，选项B错误；电流表的示数I2＝＝A＝1A，选项C错误；变压器的输入功率P＝U1I1＝U2I2＝6W，选项D正确、答案：D3.如图所示，L1和L2是输电线，甲是电压互感器，乙是电流互感器、若已知变压比为1000∶1，变流比为100∶1，并且知道电压表示数为220V，电流表示数为10A，则输电线的输送功率为(　　)A、

3、2.2×103WB、2.2×10－2WC、2.2×108WD、2.2×104W解析：根据＝，＝得，U1＝2.2×105V，I1＝1000A，所以输电线的输送功率P＝U1I1＝2.2×108W，C正确、答案：C4、在远距离输电时，输送的电功率为P，输电电压为U，所用导线电阻率为ρ，横截面积为S，总长度为L，输电线损耗的电功率为P′，用户得到的电功率为P用，则P′、P用的关系式正确的是(　　)A、P′＝B、P′＝7C、P用＝P－D、P用＝P解析：P′＝I2R＝(式中I、U′分别为输电电流和输电线损失的电压)，而I＝，R＝ρ，所以P′＝＝，从而P用＝P－P′＝P－＝P－.所以选

4、项B、D正确、答案：BD5、(2013年天津卷)普通的交流电流表不能直接接在高压输电线路上测量电流，通常要通过电流互感器来连接，图中电流互感器ab一侧线圈的匝数较少，工作时电流为Iab，cd一侧线圈的匝数较多，工作时电流为Icd，为了使电流表能正常工作，则(　　)A、ab接MN、cd接PQ，Iab＜IcdB、ab接MN、cd接PQ，Iab＞IcdC、ab接PQ、cd接MN，Iab＜IcdD、ab接PQ、cd接MN，Iab＞Icd解析：用电流互感器测量高压输电线上的电流，电流互感器其本质是升压变压器，原线圈串入输电线上，由副线圈读出所测输电线的电流，所以应将a、b接在M、N

5、两端，c、d接P、Q两端，且满足Iab＞Icd，故选项B正确、答案：B6、(2014年全国卷Ⅱ)如图，一理想变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2.原线圈通过一理想电流表接正弦交流电源，一个二极管和阻值为R的负载电阻串联后接到副线圈的两端、假设该二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大、用交流电压表测得a、b端和c、d端的电压分别为Uab和Ucd，则(　　)A、Uab∶Ucd＝n1∶n2B、增大负载电阻的阻值R，电流表的读数变小C、负载电阻的阻值越小，cd间的电压Ucd越大D、将二极管短路，电流表的读数加倍解析：设副线圈两端电压为U2，则有＝，由二极管具有单向导电性，所以U

6、cd并不等于U2，故选项A错误；增大负载电阻R的阻值，变压器输出功率减小，则输入功率减小，原线圈中电流减小，故选项B正确；c、d7间的电压与负载电阻的阻值无关，故选项C错误；将二极管短路，c、d两端电压为U2，未短路时Ucd＝U2，根据P＝可知当将二极管短路后电阻R消耗功率为原来的2倍，所以输入功率也增大到原来的2倍，选项D正确、答案：BD7、(2014年福建卷)下图为模拟远距离输电实验电路图，两理想变压器的匝数n1＝n42R，忽

7、略灯丝电阻随温度的变化、当A、B端接入低压交流电源时(　　)A、A1、A2两表的示数相同B、L1、L2两灯泡的亮度相同C、R1消耗的功率大于R3消耗的功率D、R2两端的电压小于R4两端的电压解析：远距离输电过程中，应用高压输电能够减小输电线上的功率损失，R1上消耗的功率小于R3上消耗的功率，选项C错误；由于两个不同输电回路，输电线电阻相同，由于高压输电减小输电线损失，所以A1的示数小于A2的示数，选项A错误；由欧姆定律可知R2两端电压小于R4两端电压，选项D正确；由于输电线上损失电压不同，故两灯两端电压不同，灯泡亮度不同，选项