期末试卷八 答案

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1、本科生期末试卷八答案一．选择题1C2B3C4D5C6D7A8C9B10C二．填空题1.A.简单指令系统B.通用寄存器C.指令流水线2.A.优先级B.公平C.总线控制权3.A.磁光盘B.相变盘C.随机写入、擦除或重写4.A.物理B.逻辑上C.慢速5.A.存储保护B.存储区域C.访问方式6.A.总线B.地址C.控制7.A.相对B.基值C.E=（（PC）+D）8.A.对阶B.结果规格化C.溢出处理三．证明：当1>x≥0时，即x为正小数，则1>[x]补=x≥0因为正数的补码等于正数本身，所以1>x0.x1x2…x

2、n≥0，x0=0当1>x>-1时，即x为负小数，根据补码定义有：2>[x]补=2+x>1（mod2）即2>x0.x1x2…xn>1，xn=1所以正数：符号位x0=0负数：符号位x0=1{若1>x≥0，x0=0，则[x]补=2x0+x=x若-1

3、3所以，C5=y4+x4C4C6=y5+x5C5=y5+x5y4+x5y4C4(2)设标准门延迟时间为T，“与或非”门延迟时间为1.5T，则进位信号C0由最低位传至C6需经一个反向器、两极“与或非”门，故产生C6的最长延迟时间为：T+2×1.5T=4T（3）最长求和时间应从施加操作数到ALU算起：第一片74181有3级“与或非”门（产生控制参数x0,y0和Cn+4），第二、三片74181共2级反向器和2级“与或非”3门（进位链），第四片7181求和逻辑（1级与或非门和1级半加器，设其延迟时间为3T），故总

4、的加法时间为：t0=3×1.5T+2T+2×1.5T+1.5T+3T=14T五．解：（1）用虚拟地址为1的页号15作为快表检索项，查得页号为15的页在主存中的起始地址为80000，故将80000与虚拟地址中的页内地址码0324相加，求得主存实地址码为80324。（2）主存实地址码=96000+0128=96128（3）虚拟地址3的页号为48，当用48作检索项在快表中检索时，没有检索到页号为48的页面，此时操作系统暂停用户作业程序的执行，转去执行查页表程序。如该页面在主存中，则将该页号及该页在主存中的起始地

5、址写入主存；如该页面不存在，则操作系统要将该页面从外存调入主存，然后将页号及其在主存中的起始地址写入快表。六．解：（1）已知微地址寄存器长度为8位，故推知控存容量为256单元。所给条件中微程序有两处分支转移。如不考虑他分支转移，则需要判别测试位P1，P2（直接控制），故顺序控制字段共10位，其格式如下,AI表示微地址寄存器：P1P2A1,A2…A8判别字段下地址字段（2）转移逻辑表达式如下：A8=P1·IR6·TIA7=P1·IR5·TIA6=P2·C0·TI其中TI为节拍脉冲信号。在P1条件下，当IR6

6、=1时，TI脉冲到来时微地址寄存器的第8位A8将置“1”，从而将该位由“0”修改为“1”。如果IR6=0，则A8的“0”状态保持不变，A7，A6的修改也类似。根据转移逻辑表达式，很容易画出转移逻辑电路图，可用触发器强制端实现。七．解：（1）每道记录信息容量=12288字节每个记录面信息容量=275×12288字节共有4个记录面，所以磁盘存储器总容量为：4×275×12288字节=13516800字节（2）最高位密度D1按最小磁道半径R1计算（R1=115mm）：D1=12288字节/2πR1=17字节/m

7、m最低位密度D2按最大磁道半径R2计算：R2=R1+（275÷5）=115+55=170mmD2=12288字节/2πR2=11.5字节/mm(3)磁盘传输率C=r·Nr=3000/60=50周/秒N=12288字节（信道信息容量）C=r·N=50×12288=614400字节/秒（4）平均等待时间=1/2r=1/(2×50)=10毫秒3（5）磁盘存贮器假定只有一台，所以可不考虑台号地址。有4个记录面，每个记录面有275个磁道。假定每个扇区记录1024个字节，则需要12288÷1024字节=12个扇区。由

8、此可得如下地址格式：柱面（磁道）号盘面（磁头）号扇区号1465430八．解：图B8.3五个触发器的作用：中断屏蔽触发器（Im）：CPU是否受理中断或批准中断的标志。Im标志为“0”时，CPU可受理外界中断请求。中断请求触发器（IR）：暂存中断请求线上由设备发出的中断请求信号，IR标志为“1”时，表示设备发出了中断请求。允许中断触发器（EI）：用程序指令来置位，控制是否允许某设备发出中断请求。IE为“1”时，某设备可以向CPU发