2020届高考数学第3章导数及其应用14.3导数与函数的综合问题课时训练文（含解析）

《2020届高考数学第3章导数及其应用14.3导数与函数的综合问题课时训练文（含解析）》由会员上传分享，免费在线阅读，更多相关内容在教育资源-天天文库。

1、【课时训练】导数与函数的综合问题一、选择题1．(2018江苏丹阳高中模拟)某公司生产某种产品，固定成本为20000元，每生产一单位产品，成本增加100元，已知总营业收入R与年产量x的年关系是R＝R(x)＝则总利润最大时，年产量是(　　)A．100B．150C．200D．300【答案】D【解析】由题意，得设总成本函数为C＝C(x)＝20000＋100x，总利润P(x)＝又P′(x)＝令P′(x)＝0，得x＝300，易知x＝300时，总利润P(x)最大．2．(2018海南中学期末)设f(x)是定义在R内的奇函数，且f(2)＝0，当x>0时，有<0恒成立，则不等

2、式x2f(x)>0的解集是(　　)A．(－2,0)∪(2，＋∞)B．(－2,0)∪(0,2)C．(－∞，－2)∪(2，＋∞)D．(－∞，－2)∪(0,2)【答案】D【解析】当x>0时，′<0，∴φ(x)＝在(0，＋∞)内为减函数．又φ(2)＝0，∴当且仅当00，此时x2f(x)>0.又f(x)为奇函数，∴h(x)＝x2f(x)也为奇函数．故x2f(x)>0的解集为(－∞，－2)∪(0,2)．3．(2018河北故城模拟)若关于x的不等式x3－3x2－9x＋2≥m对任意x∈[－2,2]恒成立，则m的取值范围是(　　)A．(－∞，7]B．(

3、－∞，－20]C．(－∞，0]D．[－12,7]【答案】B【解析】令f(x)＝x3－3x2－9x＋2，则f′(x)＝3x2－6x－9，令f′(x)＝0，得x＝－1或x＝3(舍去)．∵f(－1)＝7，f(－2)＝0，f(2)＝－20，∴f(x)的最小值为f(2)＝－20.故m≤－20.4．(2018贵阳联考)已知函数f(x)的定义域为[－1,4]，部分对应值如下表：x－10234f(x)12020f(x)的导函数y＝f′(x)的图象如图所示．当1

4、2是函数的极小值点，函数y＝f(x)的大致图象如图所示．由于f(0)＝f(3)＝2,1ex－2的解集为(　　)A．(－∞，1)B．(1，＋∞)C．(2，＋∞)D．(－∞，2)【答案】D【解析】设函数g(x)＝，则g′(x)＝<0，∴g(x)在R上单调递减，不等式f(x)>ex－2可转化为>.∵g(2)＝＝，∴>，∴x＜2，∴x∈(－∞，2)．故选D.二、填空题6．(2018襄阳

5、四校联考)某品牌电动汽车的耗电量y与速度x之间有关系y＝x3－x2－40x(x>0)，为使耗电量最小，则速度应定为________．【答案】40【解析】由y′＝x2－39x－40＝0，得x＝－1或x＝40，由于当040时，y′>0.所以当x＝40时，y有最小值．7．(2018长沙调研)定义域为R的可导函数y＝f(x)的导函数为f′(x)，满足f(x)>f′(x)，且f(0)＝1，则不等式<1的解集为________．【答案】(0，＋∞)【解析】构造函数g(x)＝，则g′(x)＝＝.由题意，得g′(x)<0恒成立，所以函数g(x

6、)＝在R内单调递减．又g(0)＝＝1，所以<1，即g(x)0.所以不等式的解集为(0，＋∞)．三、解答题8．(2018昆明一中月考)已知函数f(x)＝lnx－.(1)求函数f(x)的单调递增区间；(2)证明：当x>1时，f(x)0，得解得01时，F(x)

7、1)＝0，即当x>1时，f(x)1时，f(x)0时，解不等式f(x)≤0；(2)当a＝0时，求整数t的所有值，使方程f(x)＝x＋2在[t，t＋1]上有解．【解】(1)因为ex>0，(ax2＋x)ex≤0，所以ax2＋x≤0.又因为a>0，所以不等式化为x≤0.所以不等式f(x)≤0的解集为.(2)当a＝0时，方程即为xex＝x＋2，由于ex>0，所以x＝0不是方程的解．所以原方程等价于ex－－1＝0.令h(x)＝ex－－1

8、，因为h′(x)＝ex＋>0对于x∈(－∞，0)∪(0，＋∞)恒成